Đang tải... (xem toàn văn)
www.facebook.com/hocthemtoan
www.facebook.com/hocthemtoan Thầy Huy: 0968 64 65 97 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC MÔN TOÁN SỐ 60 NĂM HỌC 2013 - 2014 Thời gian làm bài: 180 phút Câu 1 ( 2,0 điểm). Cho hàm số 1 3 x y x có đồ thị (C) a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số. b) Gọi I là giao điểm của hai tiệm cận của (C). Tìm các số thực m để đường thẳng :d y x m cắt (C) tại hai điểm phân biệt A, B tạo thành tam giác ABI có trọng tâm nằm trên (C). Câu 2 (1,0 điểm). Giải phương trình 4 4 4sin 4 os ( ) 1 4 2 os2x x c x c . Câu 3 (1,0 điểm). Giải hệ phương trình 2 2 2 2 6x 1 1 ( , ) 6 1 1 y y x y y x x . Câu 4 (1,0 điểm). Tính diện tích hình phẳng giới hạn bởi đồ thị hai hàm số ln( 1),y x x y x và 2 đường thẳng 0, 1x x . Câu 5 (1,0 điểm). Cho tam giác đều ABC cạnh a và tam giác cân SAB đỉnh S không cùng nằm trong một mặt phẳng. Gọi H, K lần lượt là trung điểm của AB, AC, biết góc giữa 2 mặt phẳng (SAB) và (ABC) là 60 0 , 21 6 a SA , SC<HC. Tính thể tích khối chóp S.ABC và khoảng cách giữa HK và mặt phẳng (SBC) theo a. Câu 6 (1,0 điểm). Trong hệ toạ độ Oxy, cho đường thẳng d: 3y . Gọi (C) là đường tròn cắt d tại 2 điểm B, C sao cho tiếp tuyến của (C) tại B và C cắt nhau tại O. Viết phương trình đường tròn (C), biết tam giác OBC đều. Câu 7 (1,0 điểm). Trong không gian Oxyz, cho hai đường thẳng 1 2 ,d d có phương trình là 1 1 : 3 x t d y t z t , 2 3 1 2 : 1 1 1 x y z d , d là đường thẳng đi qua I(2;2;-1) cắt 1 2 ,d d lần lượt tại A và B. Viết phương trình mặt cầu đường kính AB. Câu 8 (1,0 điểm). Tìm số phức z thoả mãn 2 3(1 2) (2 8) 2 2 1 i z i z z i . Câu 9 (1,0 điểm). Cho các số thực dương , ,a b c thoả mãn 1abc . Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức 2 2 2 9 2( ) a b c P b c a a b c . ………….…………………………………Hết……………………………………… Thí sinh không được sử dụng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm. Họ và tên thí sinh:……………………………………; Số báo danh:…………………. Chữ kí giám thị 1:…………………….………… Chữ kí giám thị 2:………………………………… 2 Híng dÉn chÊm ĐỀ 60 Câu 1: 1,(1,0 điểm) a)Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số 1 3 x y x 1. Tập xác định: \{3}D 2. Sự biến thiên của hàm số * Giới hạn tại vô cực, giới hạn vô cực của hàm số. Tiệm cận của đồ thị hàm số. 1 1 1 lim lim lim 1 3 3 1 x x x x x y x x => Đồ thị hàm số nhận đường thẳng y=-1 làm tiệm cận ngang 3 3 3 3 1 1 lim lim ;lim lim 3 3- x x x x x x y y x x =>Đ ồ thị hàm số nhận đường thẳng x=3 làm tiệm cận đứng * Lập bảng biến thiên 2 4 ' 0 (3 ) y x D x , y’ không xác định <=> x=3 Bảng biến thiên Hàm số đồng biến trên từng khoảng xác định của nó. Hàm số không có cực trị. 3. Đồ thị -Giao của đồ thị hàm số và Ox: y=0=>x=-1 - Giao của đồ thị hàm số và Oy: x=0=>y= 1 3 đồ thị hàm số nhận I(3;-1) làm tâm đối xứng Câu 1: 2,(1,0 điểm) Hoành độ giao điểm của d:y=x+m và (C) là nghiệm của phương trình 2 1 (1) (2 ) 1 3 0(2) 3 x x m x x m m x ((2) không có nghiệm x=3) d cắt (C) tại 2 điểm phân biệt cần và đủ (1) có 2 nghiệm phân biệt (2) có 2 nghiệm phân biệt 2 0 8 0 ( ; 8) (0; ) (*)m m m Với (*) thì d cắt (C) tại 2 điểm phân biệt 1 1 2 2 ( ; ), ( ; )A x x m B x x m trong đó x 1 ,x 2 là nghiệm của (2) . Ta thấy I không nằm trên d nên có tam giác AIB, toạ độ trọng tâm tam giác AIB là 1 2 1 2 3 5 3 3 : 1 1 3 3 x x m x G x m x m m y G nằm trên (C) ta có 5 1 1 3 5 3 3 3 m m m 2 8 20 0 10; 2m m m m Câu 2: (1,0 điểm) Giải phương trình 4 4 4sin 4 os ( ) 1 4 2 os2x x c x c (1) ĐK: os2x 0 ( ) 4 2 c x k k 2 2 (1) (1 os2x) 1 os(2x- ) 1 2 os2x 2 c c c 2 2 (1 os2x) (1 sin 2x) 1 2 os2xc c 2 2 os2x+2sin 2x 2 os2x 2 os2x-sin2x 1c c c 2 2 2 2( os sin ) ( osx+sinx) 0c x x c osx+sinx 0 ( osx+sinx)( osx 3 inx) 0 ( ) 4 osx 3sinx 0 arctan3 c x k c c s k c x k Kết hợp với điều kiện phương trình đã cho có nghiệm là arctan3 ( )x k k -1 - -1 + + 3 - y y' x 5 2 -2 -4 1 3 -1 3 -1 x y x=3 y=-1 O 3 Câu 3(1,0 điểm) Giải hệ phương trình 2 2 2 2 6x 1 1 (1) ( , ) 6 1 1 (2) y y x y y x x Điều kiện: 1 1 x y trừ vế với vế (1) cho (2) ta được 2 2 2 2 6x 1 6 1 1 1 (*)y y x y x Nếu x=y=1 thay vào hệ không thoả mãn Nếu(x;y) (1;1) 2 2 2 2 2 2 6x 6 (*) 1 1 6x 1 6 1 y y x y x y x y 2 2 6x+6y 1 ( ) 0 0 1 1 6x 1 6 1 x y x y x y y x y x y Với y=x thay vào (1) ta có 2 2 2 2 2 2 2 6x 24 2 6x 1 1 6x 1 5 1 1 4 4 1 1 6x 1 5 x x x x x x x 2 6 1 ( 2) ( 2)(1 ) 0 2 0 2 2 1 1 6x 1 5 x x x x y x .Vậy hệ có nghiệm x=y=2 Câu 4(1,0 điểm) diện tích hình phẳng giới hạn bởi các đường ln( 1); ; 0; 1y x x y x x x là 1 0 | ln( 1) | xS x x x d .Xét phương trình 0 (0;1) xln x 1 x 0 1 1 x x e do vậy 1 1 1 2 0 0 0 ( ln( 1) ) x ln( 1) x 2 x S x x x d x x d Đặt 1 1 2 2 0 0 x ln( 1) 1 1 1 1 ln( 1) x dx 2 2 2 1 2 d dU U x x x x S x d dV x x V 1 2 0 ( 1) 1 1 4 2 4 x Câu 5(1,0 điểm) tam giác SAC cân tại S và tam giác ABC đều có H là trung điểm AB nên SH AB,CH AB=>AB (SHC) mà AB=(SAB) (ABC) nên góc giữa (SAB) và (ABC) bằng góc giữa SH và CH do CH>SC nên SHC nhọn => 0 60SHC Thể tích S.ABC là . . . . . . 3 3 3 SCH SCH SCH S ABC S ACH S BCH AH S BH S AB S V V V Tam giác đều ABC cạnh a có đường cao 3 2 a CH , 2 2 2 2 21a 3 36 4 3 a a SH SA AH Diện tích tam giác SHC là 2 0 1 1 3 3 3 . .sin sin60 2 2 3 2 8 SHC a a a S SH CH SHC 3 . 3 24 S ABC a V H, K là trung điểm của AB, AC nên HK là đường trung bình của tam giác ABC=>HK//BC=>HK//(SBC) nên d(HK,(SBC))=d(H,(SBC)) . . 3 3 2S S HBC S ABC SBC SBC V V S Theo định lí côsin trong tam giác SHC có 2 2 0 21 2. . . os60 6 a SC SH CH SH CH c SB nên tam giác SBC cân tại S. Gọi I là trung điểm BC=> 2 2 2 3 1 3 3a . ( ,( )) 3 2 6 8 SBC a a SI SC CI S SI BC d HK SBC Câu 6(1,0 điểm) Gọi (C) có tâm I bán kính R. OI cắt BC tại H thì H là trung điểm BC và OH vuông góc BC =>H(0; 3 )=>OH= 3 . Do tam giác OBC đều nên 4 I a 60 0 H K B C A S OH= 3 3 2 2 BC BC . Trong tam giác vuông IB có 2 1 . 1 3 HB HI HO IH 1 3 4 3 (0; ) (0; ) 3 3 3 HI OH I Trong tam giác vuông IBH có 2 2 2 2 4 3 R IB IH HB .Vậy phương trình đường tròn (C): 2 2 4 3 4 ( ) 3 3 x y Câu 7(1,0 điểm) D cắt d 1 , d 2 lần lượt tại A và B =>A(1+t;3-t;t) , B(3+b;1+b;-2+b) mà d đi qua I nên A, B, I thẳng hàng 1 ( 1) 1 ( 1) 1 ( 3) t k b IA kIB t k b t k b 1 0 1 1 (3;1;2), (3;1; 2) 3 1 2 t kb k b t kb k k A B t kb k t Gọi C là trung điểm AB=>C(3;1;0) BC=2 Mặt cầu đường kính AB có tâm C bán kính R=BC có phương trình là (x-3) 2 +(y-1) 2 +z 2 =4 Câu 8(1,0 điểm) 2 2 2 2 3(1 2) 3(1 2)( 1 2) (2 8) 2 (2 8) 2 (2 8) 2 (1 2) 1 2 2 1 i i i z i z z z i z z z i z i z i 2 2 (2 8) 2 (1 2 2) 2 0(1)z i z i z z z Gọi z=a+bi (a,b ) thoả mãn (1) ta có 2 2 2 2 2 2 0 a bi a bi 2 0 2 ( 2a ) 0 2a 0 a b a a b a i b b b b 11 1 ; 2 2 b a Vậy có 2 số phức thoả mãn đề bài là 1 11 1 11 , 2 2 2 2 z i z i Câu 9(1,0 điểm) 2 2 2 9 2( ) a b c P b c a a b c Theo bất đẳng thức giữa trung bình cộng và trung bình nhân ta có 2 2 2 2 2 2 1 2 1 2 1 2 1 1 1 ; ; a b c a b c ab bc ca a b b b c c c a a b c a a b c có 2 2 2 ( ) . . . ( ) ( ) ( )a b c abc a b c ab ac bc ba ca bc ab bc ac 2 2 ( ) ( ) ab ac ab bc ca cb 3 3 ab bc ca ab bc ca a b c 2 2 2 2 9 27 2( ) 2( ) a b c P ab bc ca b c a a b c ab bc ca = 2 27 9 2 2 2( ) 2 ab bc ca ab bc ca ab bc ca . Khi a=b=c=1 thì P= 9 2 nên giá trị nhỏ nhất của P bằng 9 2 H O C B I . Híng dÉn chÊm ĐỀ 60 Câu 1: 1,(1,0 điểm) a)Khảo sát sự biến thi n và vẽ đồ thị hàm số 1 3 x y x 1. Tập xác định: {3}D 2. Sự biến thi n của hàm số. không được sử dụng tài liệu. Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm. Họ và tên thí sinh:……………………………………; Số báo danh:…………………. Chữ kí giám thị 1:…………………….…………