Đang tải... (xem toàn văn)
tai lieu hay day moi nguoi
DIỄN ĐÀN MATH.VN http://math.vn LỜI GIẢI ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC 2011 Môn thi : Toán Đề số: 06 Câu I. 1) (1 điểm) ———————————————————————————————— Cho hàm số: y = x +3 x−1 . Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số đã cho. Lời giải: Hàm số Bảng biến thiên Đồ thị 1 2 3 4 5 6 −1 −2 −3 1 2 3 4 5 6 −1−2−3−4 Câu I. 2) (1 điểm) ———————————————————————————————— Tìm điểm A trên đường thẳng x = 5 sao cho từ A ta có thể vẽ đến (C) hai tiếp tuyến mà hai tiếp điểm cùng với điểm B(1;3) thẳng hàng. Lời giải: Gọi A(5;a) Gọi d là đường thẳng qua A có hệ số góc k: y = k(x−5) +a Để d tiếp xúc với (C) thì hệ sau: k(x−5) +a = x +3 x−1 k = −4 (x−1) 2 có nghiệm. Từ hệ suy ra: −4 (x−1) 2 (x−5) +a = x +3 x−1 ⇔ (a−1)x 2 −2(a +3)x +a +23 = 0 (1) Để d tiếp xúc với (C) tại 2 điểm thì pt (1) phải có: ∆ > 0 ⇔ (a +3) 2 − (a−1)(a +23) ⇔ a < 2 Gọi d là đường thẳng qua B(1;3) và có hệ số góc m: y = m(x−1) +3 Theo đề bài thì 2 giao điểm là nghiệm của pt hoàng độ của d và (C): m(x−1) +3 = x +3 x +1 ⇔ mx 2 +2x−m = 0 Vì hoàng độ 2 giao điểm đều là nghiệm của pt (1) và pt (2) nên : m a−1 = −m a +23 (m = 0) ⇔ 1 a−1 = −1 a +23 ⇔ a =−11 Vậy điểm A(5;−11) là điểm cần tìm. Câu II. 1) (1 điểm) ———————————————————————————————— Giải phương trình : √ 2cos x 5 − π 12 − √ 6sin x 5 − π 12 = 2sin x 5 + 2 π 3 −2sin 3x 5 + π 6 . Lời giải: Chia hai vế của PT cho 2 √ 2 Thu được PT cos x 5 + π 4 = √ 2cos x 5 + π 4 cos 2x 5 + 5 π 12 1 ⇔ cos x 5 + π 4 cos 2x 5 + 5 π 12 − 1 √ 2 = 0 Đây là PTLG cơ bản rồi. Câu II. 2) (1 điểm) ———————————————————————————————— Giải phương trình sau trên tập số thực: x = 1 + 1 2 √ x 3 +x 2 −8x−2 + 3 √ x 3 −20. Lời giải: * Với x ≤ −3 ta có : 2x−2−2 3 √ x 3 −20 = √ x 3 +x 2 −8x−2, ta chứng minh 2x−2−2 3 √ x 3 −20 < 0. Thật vậy chuyển vế, lập phương thu gọn ta thu được điều tương đương sau: 3x 2 −3x−19 > 0 (điều này đúng vì x < −3) *Với x ≥ −3 ta có phương trình đã cho tương đương: 2x−4−2 3 √ x 3 −20 = √ x 3 +x 2 −8x−2−2 ⇔ 3 √ 8x 3 −48x 2 +96x−64− 3 √ 8x 3 −160 = √ x 3 +x 2 −8x−2−2 ⇔ −48x 2 +96x +96 a 2 +ab +b 2 = x 3 +x 2 −8x−6 2 +c (với a = 2x−4;b = 2 3 √ x 3 −20;c = √ x 3 +x 2 −8x−2.) ⇔ (x 2 −2x−2) x +3 2 +c + 48 a 2 +ab +b 2 = 0 Từ đó suy ra: x 2 −2x−2 = 0 vậy x = 1 + √ 3 hoặc x = 1− √ 3 Thử lại các nghiệm tm. Câu III. (1 điểm) ———————————————————————————————— Tính tích phân: I = √ 5 0 dx (9−x 2 ) 3 Lời giải: I = 1 9 √ 5 0 9 (9−x 2 ) 3 dx = 1 9 √ 5 0 9−x 2 +x 2 √ 9−x 2 9−x 2 dx = 1 9 √ 5 0 √ 9−x 2 + x.x √ 9−x 2 9−x 2 dx = x 9 √ 9−x 2 √ 5 0 = √ 5 18 Câu IV. (1 điểm) ———————————————————————————————— Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, đường cao SA = a, M là điểm thay đổi trên cạnh SB. Mặt phẳng (ADM) cắt SC tại điểm N. Ta kí hiệu V 1 ,V 2 lần lượt là thể tích các khối đa diện SADMN và MNADCB. Tìm vị trí của điểm M trên cạnh SB để V 1 V 2 = 5 4 . Lời giải: Rõ ràng theo tính chất của giao tuyến thì MN song song với BC gọi SM SB = x > 0 V SAND V SACD = SN SC = x ⇒ V SAND = x 2 V t V SANM V SACB = SN SC SM SB = x 2 ⇒ V SANM = x 2 2 V t V 1 = V SAND +V SANM = x 2 +x 2 V t V 1 V 2 = x 2 +x 2−x 2 −x = 5 4 ⇒ x = 2 3 A B C D S M N Câu V. (1 điểm) ———————————————————————————————— Cho ba số thực dương a,b,c có tích bằng 1. Chứng minh rằng: (a +b)(b +c)(c +a)≥ 7 3 a +b +c + 3 7 . Lời giải: Cách 1: Sử dụng bất đẳng thức quen thuộc sau: Với mọi a, b, c > 0 ta có: 2 (a +b)(b +c)(c +a) ≥ 8 9 (a +b +c)(ab +bc +ca). Sử dụng bất đẳng thức AM - GM, ta có: ab +bc +ca ≥ 3 3 √ a 2 b 2 c 2 = 3. Suy ra: (a +b)(b +c)(c +a) ≥ 8 3 (a +b +c). Khi đó bài toán quy về chứng minh: 8 3 (a +b +c) ≥ 7 3 (a +b +c + 3 7 ). Tương đương với: a +b +c ≥ 3. Bất đẳng thức trên hiển nhiên đúng theo AM -GM nên ta có đcpm. Dấu đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi a = b = c = 1. Cách 2: BĐT đã cho tương đương 3 ∑ cyc a 2 b +3 ∑ cyc a 2 c +3 ≥ 7 (a +b +c) (1) Ta có a 2 b +a 2 b +a 2 b +a 2 c +a 2 c +a 2 c +1 AM−GM ≥ 7 7 √ a 12 bc = 7 7 √ a 11 Cộng 2 BĐT tương tự của b và c, ta có VT (1) ≥ 7 7 √ a 11 +7 7 √ b 11 +7 7 √ c 11 Ta cần chứng minh 7 √ a 11 + 7 √ b 11 + 7 √ c 11 ≥ a +b + c với điều kiện abc = 1, mà đây lại là 1 BĐT rất quen thuộc AM-GM là ra ngay Đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi a = b = c = 1 Cách 3: Dùng đẳng thức (a +b +c)(ab +bc +ca)−abc = (a +b)(b +c)(c +a) ta sẽ biến đổi được BĐT ⇔ (a +b +c)[3(ab +bc +ca)−7] ≥ 6 đúng vì a +b +c ≥ 3, ab +bc +ca ≥ 3 Câu VIa. 1) (1 điểm) ———————————————————————————————— Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy cho tam giác ABC với điểm A(2;7), đường thẳng AB cắt trục Oy tại E sao cho −→ AE = 2 −→ EB. Biết rằng tam giác AEC cân tại A và có trọng tâm là G 2; 13 3 . Viết phương trình cạnh BC. Lời giải: Gọi I là trung điểm đoạn thẳng EC. Từ −→ AE = 2 3 −→ AI, ta có: I(2;3) Do E ∈ Oy nên E(0;a) và do −→ EC⊥ −→ AI nên: −→ EC. −→ AI = 0 ⇔ 4.0−4(6−2a) = 0 ⇔ a = 3 Vậy E(0;3),C(4;3). Mặt khác, từ −→ AE = 2 −→ EB, ta có: B(−1;1). Đường thẳng BC qua B(5;2), có VTCP −→ BC = (5;2) nên có phương trình là: x−4 5 = y−3 2 ⇔ 2x−5y +7 = 0 Câu VIa. 2) (1 điểm) ———————————————————————————————— Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz cho hai đường thẳng: ∆ : x−5 13 = y−6 1 = z +3 4 , ∆ : x−2 13 = y−3 1 = z +3 4 . Gọi ( α ) là mặt phẳng chứa hai đường thẳng trên. Tìm tọa độ hình chiếu vuông góc của điểm C(3;−4;−2) trên ( α ). Lời giải: Nhận thấy ∆∆ Chọn điểm A ∈ ∆ → A(5,6−3) Chọn điểm B ∈ ∆ → B(2,3−3) −→ BA(3,3,0) Ta có : −−→ n ( α ) ⊥ −→ BA −−→ n ( α ) ⊥ −−→ u (∆) → n ( α ) = [ −→ BA. −−→ u (∆) ] → −−→ n ( α ) (12,−12,−36) −−→ n ( α ) (−1,1,3) Mặt phẳng qua A(5,6−3), −−→ n ( α ) (−1,1,3) → ( α ) : x−y−3z−8 = 0 Gọi đt (d) : qua C(3,−4−2) (d) ⊥ ( α ) → −→ u (d) = −→ n α = (−1,1,3) → (d) x = 3−t y = −4 +t z = −2 +3t Gọi H là hình chiếu vuông góc của C trên α ta có H = (d) ( α ) Thay x,y,z từ phương trình tham số của (d) vào ( α ) ta được: 3−t− (4−t)−3(2 +3t)−8 = 0 → t = 5 11 3 Thay t = 5 11 vào (d) ta được H 28 11 , 41 11 , −7 11 . Câu VIIa. (1 điểm) ———————————————————————————————— Giải phương trình z 4 +4 = 0 trên tập số phức. Lời giải: Phương trình tương đương với (z 2 +2) 2 −4z 2 = 0, hay là tương đương với (z 2 +2z +2)(z 2 −2z +2) = 0. Trường hợp z 2 +2z +2 = 0 tức là (z +1) 2 = −1, do đó z = −1 +i hoặc z = −1−i. Trường hợp còn lại z 2 −2z +2 = 0, tức là (z−1) 2 = −1, do đó z = 1 +i hoặc z = 1−i. Câu VIb. 1) (1 điểm) ———————————————————————————————— Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy gọi d là đường thẳng đi qua điểm A(0;1) và tạo với đường thẳng d : x +2y +3 = 0 một góc 45 o . Viết phương trình đường tròn có tâm nằm trên d , tiếp xúc với d và có bán kính bằng 7 √ 5 . Lời giải: Phương trình (d ) qua A(0;1) có VTPT −→ n = (a;b), với a 2 +b 2 = 0, có dạng: a(x−0) +b(y−1) = 0 (1) Theo giả thiết, ta có: |cos( −→ n ; −→ n )| = cos45 o ⇔ |a +2b| 5(a 2 +b 2 ) = √ 2 2 ⇔ a = 3b hoặc a = − 1 3 b Trường hợp 1: Với a = 3b, chọn a = 3,b = 1, thay vào (1). Phương trình đường thẳng (d ) là: 3(x−0) +1(y−1) = 0 ⇔ 3x +y−1 = 0 Do đường tròn cần tìm tiếp xúc với đường thẳng (d) và có tâm I(x;y) nằm trên (d ) nên tọa độ điểm I là nghiệm của hệ: I ∈ (d ) d(I;(d)) = R ⇔ 3x +y−1 = 0 |x +2y +3| √ 5 = 7 √ 5 ⇔ (x;y) = − 2 5 ; 11 5 hoặc (x;y) = 12 5 ; −31 5 Với I − 2 5 ; 11 5 , phương trình đường tròn cần tìm là: x + 2 5 2 + y− 11 5 2 = 49 5 Với I 12 5 ;− 31 5 , phương trình đường tròn cần tìm là: x− 12 5 2 + y + 31 5 2 = 49 5 Tương tự cho trường hợp: a = − 1 3 b Chọn b = −3,a = 1, phương trình đường thẳng (d ) là: x−3y +3 = 0 Giải hệ, ta tìm được 2 điểm: I 1 6 5 ; 7 5 ,I 2 − 36 5 ;− 7 5 Câu VIb. 2) (1 điểm) ———————————————————————————————— Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz cho tam giác ABC với A(1;2;−1),B(2;−1;3) và C(−4;7;5). Gọi H là trực tâm của tam giác nói trên. Viết phương trình đường thẳng đi qua H và vuông góc với mặt phẳng (ABC). Lời giải: Câu VIIb. (1 điểm) ———————————————————————————————— Tìm m để phương trình: 2log 2 (x−1) = 1 +log 2 (5−mx) có đúng một nghiệm. Lời giải: Phương trình xác định khi x > 1 và mx < 5 PT tương đương log 2 (x−1) 2 = log 2 (10−2mx) ⇔ (x−1) 2 = 10−2mx ⇔ (x−1) 2 −10 +2mx = 0 ⇔ x 2 −2x−9 +2mx = 0 ⇔ m = −x 2 +2x +9 2x Ta được mx < 5 ⇔ −x 2 +2x +9 2 < 5 ⇔ x > 1 Vậy bài toán chuyển về tìm m để phương trình m = −x 2 +2x +9 2x có nghiệm duy nhất lớn hơn 1 Xét f (x) = −x 2 +2x +9 2x ta có f (x) = − x 2 +9 2x 2 < 0. Nên f (x) < f (1) = 5 ⇔ m < 5 4
