ThS NGUYỄN PHÚ HOẠT CƠNG PHÁ CÁC DẠNG BÀI TẬP XUẤT HIỆN TRONG ĐỀ THI THPT QUỐC GIA QUYỂN 1: HĨA HỌC HỮU CƠ  Dùng cho HS 12 ôn thi kiểm tra tiết, học kì Ôn thi THPT Quốc Gia, HS ôn thi học sinh giỏi  Tuyển chọn câu hỏi đề thi đại học, THPT Quốc Gia, thi thử từ năm 2007 - 2020  Phân loại theo cấu trúc đề thi THPT Quốc Gia, hướng dẫn giải chi tiết GV: THẦY CƠ NÀO CẦN CHUYỂN GIAO FILE WORD LIÊN HỆ QUA ZALO HOẶC SỐ ĐT: 0947195182 GIÁ CHUYỂN GIAO: 300K HS: BẠN NÀO ĐẶT MUA LIÊN HỆ VỚI THẦY QUA ZALO/SỐ ĐT 0947195182 FACE: https://www.facebook.com/hoat.nguyenphu.752 GIÁ SÁCH: 40K CHƯA KỂ TIỀN SHIP SHIP C T QUYN NHẫ Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Ngun Phó Ho¹t MỤC LỤC CHUN ĐỀ 1: HIĐROCACBON DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CHÁY 1.1 Lý thuyết .3 1.2 Bài tập vận dụng DẠNG 2: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CRACKING .7 2.1 Lý thuyết .7 2.2 Bài tập vận dụng DẠNG 3: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CỘNG H2; Br2 3.1 Lý thuyết .8 3.2 Bài tập vận dụng DẠNG 4: BÀI TẬP ANK-1-IN TÁC DỤNG AgNO3/NH3 13 4.1 Lý thuyết .13 4.2 Bài tập vận dụng 13 CHUYÊN ĐỀ 2: ESTE – LIPIT 17 DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CHÁY 17 1.1 Lý thuyết .17 1.2 Bài tập vận dụng 17 DẠNG 2: BÀI TẬP PHẢN ỨNG XÀ PHỊNG HĨA ESTE ĐƠN CHỨC 20 2.1 Lý thuyết .20 2.2 Bài tập vận dụng 20 DẠNG 3: BÀI TẬP PHẢN ỨNG XÀ PHỊNG HĨA ESTE ĐA CHỨC 27 3.1 Lý thuyết .27 3.2 Bài tập vận dụng 27 DẠNG 4: BÀI TẬP PHẢN ỨNG XÀ PHÒNG ESTE PHENOL 29 4.1 Lý thuyết .29 4.2 Bài tập vận dụng 30 DẠNG 5: BÀI TẬP HIỆU SUẤT PHẢN ỨNG ESTE HÓA .33 5.1 Lý thuyết .33 5.2 Bài tập vận dụng 33 DẠNG 6: BÀI TẬP VẬN DỤNG CAO ESTE 36 6.1 Lý thuyết .36 6.2 Bài tập vận dụng 37 DẠNG 7: BÀI TẬP CHẤT BÉO 50 7.1 Lý thuyết .50 7.2 Bài tập vận dụng 50 CHUYÊN ĐỀ 3: CACBOHIĐRAT 58 DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG GƯƠNG 58 1.1 Lý thuyết .58 1.2 Bài tập vận dụng 58 DẠNG 2: BÀI TẬP PHẢN THỦY PHÂN – LÊN MEN .60 2.1 Lý thuyết .60 2.2 Bài tập vận dụng 60 DẠNG 3: BÀI TẬP PHẢN ỨNG XENLULOZƠ TÁC DỤNG HNO3 64 3.1 Lý thuyết .64 3.2 Bài tập vận dụng 64 DẠNG 4: BÀI TẬP PHẢN ỨNG ĐỐT CHÁY CACBOHIĐRAT .65 4.1 Lý thuyết .65 4.2 Bài tập vận dụng 65 ThS Nguyễn Phú Hoạt (0947195182) -1- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt CHUYấN 4: AMIN AMINO AXIT – PEPTIT 67 DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CHÁY AMIN 67 1.1 Lý thuyết .67 1.2 Bài tập vận dụng 67 DẠNG 2: BÀI TẬP PHẢN ỨNG AMIN TÁC DỤNG VỚI AXIT HCl .70 2.1 Lý thuyết .70 2.2 Bài tập vận dụng 70 DẠNG 3: BÀI TẬP VẬN DỤNG CAO BIỆN LUẬN CÔNG THỨC MUỐI AMONI 72 3.1 Lý thuyết .72 3.2 Bài tập vận dụng 72 DẠNG 4: BÀI TẬP AMINO AXIT .77 4.1 Lý thuyết .77 4.2 Bài tập vận dụng 77 DẠNG 5: BÀI TẬP THỦY PHÂN PEPTIT 86 5.1 Lý thuyết .86 5.2 Bài tập vận dụng 86 DẠNG 6: BÀI TẬP ĐỐT CHÁY PEPTIT .91 6.1 Lý thuyết .91 6.2 Bài tập vận dụng 91 DẠNG 7: BÀI TẬP VẬN DỤNG CAO PEPTIT 92 7.1 Lý thuyết .92 7.2 Bài tập vận dụng 92 CHUYÊN ĐỀ 5: POLIME – VẬT LIỆU POLIME 99 LÍ THUYẾT CƠ BÀN 99 Chất dẻo 99 Tơ 100 Cao su 100 BÀI TẬP VẬN DỤNG 101 ThS Nguyễn Phú Hoạt (0947195182) -2- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng CHUYấN Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt HIĐROCACBON CHUYÊN ĐỀ 1: HIĐROCACBON DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CHÁY 1.1 Lý thuyết 3n + - k O2  nCO2 + (n + - k)H 2O; k số lk số vòng * Một số CT cần nắm: nC = nCO2 ; n H = 2n H2O ; mHC = mC + mH ; nHC *(k - 1) = nCO2 - nH2O HC: C n H2n+2-2k + - nC = nCO2 ; n H = 2n H2O ; mHC = mC + mH ; n HC *(k - 1) = nCO2 - n H2O - ChØ sè C = nC /n HC ; chØ sè H = nH /nHC * Đốt cháy hỗn hợp HC: - Ankan + anken n H2O > nCO2  n Ankan = n H2O - n CO2 - Anken + ankin (hc ankadien)  nH2O < nCO2  nAnkin(ankadien) = nCO2 - n H2O - Ankan + ankin (hc ankadien) : NÕu nH2O = nCO2  n Ankin(ankadien) = n Ankan 1.2 Bài tập vận dụng Câu 1: Khi đốt cháy hoàn toàn 3,60 gam ankan X thu 5,60 lít khí CO2 (đktc) Công thức phân tử X trường hợp sau đây? A C3H8 B C5H10 C C5H12 D C4H10 Giải: X: C n H2n+2  nCO2 (0,25)  nCO2 = 0,25/n  MX = mX /nX = 14,4n = 14n +  n = (C 5H12 ) Câu 2: Đốt cháy hoàn toàn 5,40 gam ankađien liên hợp X thu 8,96 lít khí CO2 (đktc) Cơng thức sau công thức cấu tạo X? A CH2=CH-CH=CH2 B CH2=CH-CH=CH-CH3 C CH2=C(CH3)-CH2-CH3 D CH2=C=CH-CH3 Giải: X: C n H2n-2  nCO2 (0,4)  nCO2 = 0,4/n  MX = mX /n X = 13,5n = 14n -  n = (C H6 )  CTCT X: CH2 =CH-CH=CH2 Câu (Đề TSĐH A - 2007): Hỗn hợp gồm hiđrocacbon X oxi có tỉ lệ mol tương ứng 1:10 Đốt cháy hồn tồn hỗn hợp thu hỗn hợp khí Y Cho Y qua dung dịch H2SO4 đặc, thu hỗn hợp khí Z có tỉ khối so với hiđro 19 Công thức phân tử X A C3H4 B C3H8 C C3H6 D C4H8 Giải: C x Hy + (x + 0,25y)O2  xCO2 + 0,5yH2O Chän X mol  O2(b®) 10 mol  n CO = n O2  x = 10 - (x + 0,25y) H2SO4 đặc Z O2 ; CO2 PP ®­êng chÐo:    x= 4, y = phï hỵp X: C H8 Câu (Đề TSCĐ - 2007): Đốt cháy hoàn toàn thể tích khí thiên nhiên gồm metan, etan, propan oxi khơng khí (trong khơng khí, oxi chiếm 20% thể tích), thu 7,84 lít khí CO2 (ở đktc) 9,9 gam nước Thể tích khơng khí (ở đktc) nhỏ cần dùng để đốt cháy hồn tồn lượng khí thiên nhiên A 70,0 lít B 78,4 lít C 84,0 lít D 56,0 lít Giải: CH4 ; C H6 ; C 3H8 + O2  0,35 mol CO2 + 0,55 mol H2 O Y CO2 ; O2 ; H O BT O: 2*nO2 = 2*nCO2 + nH2O  nO2 = 0,625  VO2 = 14  Vkk = 70 Lít ThS Nguyễn Phú Hoạt (0947195182) -3- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Cõu ( TSCĐ - 2008): Đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X thu 0,11 mol CO2 0,132 mol H2O Khi X tác dụng với khí clo (theo tỉ lệ số mol 1:1) thu sản phẩm hữu Tên gọi X A 2-Metylbutan B etan C 2-Metylpropan D 2,2-Đimetylpropan Giải: Do nH2O > nCO2  X: C n H2n+2  n = nCO2 /nAnkan = 0,11/(0,132 - 0,11) = 5, X: C 5H12 X + Cl2 (1 : 1) 1sp hữu nhÊt  X: CH3  C(CH3 )2 -CH3 (2,2-®imeylpropan) Câu (Đề TSĐH A - 2010): Đốt cháy hoàn toàn lượng hiđrocacbon X Hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào dung dịch Ba(OH)2 (dư) tạo 29,55 gam kết tủa, dung dịch sau phản ứng có khối lượng giảm 19,35 gam so với dung dịch Ba(OH)2 ban đầu Công thức phân tử X A C3H8 B C2H6 C C3H4 D C3H6 Giải:  Ba(OH)2 C x Hy + O2  CO2 + H2O   0,15 mol BaCO3 Ba(OH)2 d­  nCO2 = nBaCO3 = 0,15; mdd = mBaCO3 - m(CO2 + H2O)  mH2O = 3,6  nH2O = 0,2 Do nH2O > nCO2  X: C n H2n+2  n = nCO2 /nAnkan = 0,15/(0,2 - 0,15) = 3, X: C3H8 Câu (Đề TSĐH A - 2012): Đốt cháy hoàn toàn 4,64 gam hiđrocacbon X (chất khí điều kiện thường) đem toàn sản phẩm cháy hấp thụ hết vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 Sau phản ứng thu 39,4 gam kết tủa khối lượng phần dung dịch giảm bớt 19,912 gam Công thức phân tử X A CH4 B C3H4 C C4H10 D C2H4 Giải:  O2 Ba(OH)2 X    CO2 (x mol) + H2O (y mol)   m dd mdd = mBaCO3 - (mH2O + mCO2 )  39,4 - (44x + 18y) = 19,912 (1) BTKL: mX = mC + mH  12x + 2y = 4,64 (2) Gi¶i hƯ (1); (2): x = 0,348; y = 0,232 Do nCO2 > n H2O  X: C 3H4 Câu (Đề TSCĐ - 2012): Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon dãy đồng đẳng, thu 2,24 lít khí CO2 (đktc) 3,24 gam H2O Hai hiđrocacbon X A C2H6 C3H8 B CH4 C2H6 C C2H2 C3H4 D C2H4 C3H6 Giải:  CH n CO2 = 0,1  X: C n H2n+2  n = n CO2 /n Ankan = 1,25  CT X   C H6  n H2O = 0,18 Câu (Đề TSĐH B - 2008): Đốt cháy hoàn tồn lít hỗn hợp khí gồm C2H2 hiđrocacbon X sinh lít khí CO2 lít H2O (các thể tích khí đo điều kiện nhiệt độ, áp suất) Công thức phân tử X A C2H6 B C2H4 C CH4 D C3H8 Giải: nCO2 = n H2O  hh gåm C H2 vµ ankan; Sè C = nCO2 /n hh =  X: C H Câu 10 (Đề TSCĐ - 2008): Đốt cháy hoàn toàn 20,0 ml hỗn hợp X gồm C3H6, CH4, CO (thể tích CO gấp hai lần thể tích CH4), thu 24,0 ml CO2 (các thể tích khí đo điều kiện nhiệt độ áp suất) Tỉ khối X so với khí hiđro A 12,9 B 25,8 C 22,2 D 11,1 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) -4- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng CHUYấN Page: Thầy Nguyễn Phú Ho¹t ESTE - LIPIT CHUYÊN ĐỀ 2: ESTE – LIPIT DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG CHÁY 1.1 Lý thuyết 3n + - k - m O2  nCO2 + (n + - k)H 2O; k số lk số vòng * Một số CT cần nắm: nC = nCO2 ; n H = 2n H2O ; mHC = mC + mH ; nHC *(k - 1) = nCO2 - nH2O C n H2n+2-2k Om + - nC = nCO2 ; n H = 2n H2O ; mEste = mC + mH + mO ; nEste *(k - 1) = nCO2 - nH2O - BT O: nO(Este) + 2nO2 = 2nCO2 + n H2O - ChØ sè C = nC /nEste ; chØ sè H = nH /nEste * CTTQ sè este thường gặp: - Este no, mạch hở, đơn chức: C n H2n O2 (n  2) - Este no, m¹ch hë, hai chøc: C n H2n-2 O4 (n  4) - Este không no (1C=C), mạch hở, đơn chức: C n H2n-2O2 (n  3) 1.2 Bài tập vận dụng Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp este no, đơn chức, mạch hở Sản phẩm cháy dẫn vào bình đựng dung dịch nước vơi dư thấy khối lượng bình tăng 6,2 gam Số mol H2O sinh khối lượng kết tủa tạo A 0,1 mol; 12 gam B 0,1 mol; 10 gam C 0,01 mol; 10 gam D 0,01 mol; 1,2 gam Giải: 44x + 18x = 6,2 x = 0,1 CaCO CO2 (x) Ca(OH)2 d­ m H2O = 0,1*18 = 1,8 gam C n H 2n O2 m b = m CO2 + m H2O H O (x) n CaCO3 = n CO2 m CaCO3 = 10 Câu 2: Đốt cháy hoàn toàn 3,7 gam este đơn chức X thu 3,36 lít khí CO2 (đktc) 2,7 gam nước CTPT X A C2H4O2 B C3H6O2 C C4H8O2 D C5H8O2 Giải: CO2 (0,15) X: C n H2n O2 ; n X = 0,15/n X + O2 n = VËy X: C 3H6O2 H2 O (0,15) M X = 14n + 32 = 3,7/(0,15/n) Câu 3: Đốt cháy lượng este no, đơn chức E, cần 0,35 mol oxi thu 0,3 mol CO2 CTPT este A C2H4O2 B C4H8O2 C C3H6O2 D C5H10O2 Giải: n=3 3n - X: C n H2n O2 + (3n-2)/2O2 (0,35) nCO2 (0,3) + nH2 O 0,35*n = 0,3* E: C 3H6 O2 Câu 4: Đốt cháy a gam este sau phản ứng thu 9,408 lít CO2 7,56 gam H2O, thể tích oxi cần dùng 11,76 lít (thể tích khí đo đktc) Biết este axit đơn chức ancol đơn chức tạo nên CTPT este A C5H10O2 B C4H8O2 C C2H4O2 D C3H6O2 Giải: Este + O2 (0,525) CO2 (0,42) + H2 O (0,42) Este: C n H2n O2 (nCO2 = nH2O ) BT O: nE *2 + 0,525*2 = 0,42*2 + 0,42 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) nE = 0,105; n = nCO2 /nE = -17- Este: C H8O2 Tµi liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Cõu 5: X hỗn hợp este đơn chức (tạo ancol với axit liên tiếp dãy đồng đẳng) Đốt cháy hoàn toàn 28,6 gam X 1,4 mol CO2 1,1 mol H2O Công thức phân tử este A C4H6O2 C5H8O2 C C4H4O2 C5H6O2 B C4H8O2 C5H10O2 D C5H8O2 C6H10O2 Giải: BTKL: m O2 = 52,8 n O2 = 1,65 CO2 (1,4) X (28,6 gam) + O2 H2 O (1,1) BTO: n X *2 + 1,65*2 = 1,4*2 + 1,1 n X = 0,3 ADCT: n X *(k - 1) = nCO2 - nH2O k=2 X: C n H2n O2 : n = nCO2 /n X = 4,67 CT este: C H6O2 vµ C 5H8O2 Câu 6: X hỗn hợp este đơn chức (tạo axit với ancol liên tiếp dãy đồng đẳng) Đốt cháy hoàn toàn 21,4 gam X 1,1 mol CO2 0,9 mol H2O Công thức phân tử este A C4H6O2 C5H8O2 C C5H8O2 C6H10O2 B C5H6O2 C6H8O2 D C5H4O2 C6H6O2 Giải: BTKL: m O2 = 43,2 n O2 = 1,35 CO2 (1,1) X (21,4 gam) + O2 H2 O (0,9) BTO: n X *2 + 1,35*2 = 1,1*2 + 0,9 n X = 0,2 ADCT: n X *(k - 1) = nCO2 - nH2O k=2 X: C n H2n O2 : n = nCO2 /n X = 5,5 CT este: C 5H8O2 vµ C6 H10O2 Câu (Đề TSĐH B - 2008): Khi đốt cháy hoàn toàn este no, đơn chức số mol CO2 sinh số mol O2 phản ứng Tên gọi este A metyl fomiat B etyl axetat C propyl axetat D metyl axetat Giải: C n H2n O2 + (3n - 2)/2O2 nCO2 + nH2O n = (3n - 2)/2 n = 2: HCOOCH3 (metyl fomat) Câu (Đề TSĐH B - 2007): Hai este đơn chức X Y đồng phân Khi hoá 1,85 gam X thu thể tích thể tích 0,7 gam N2 (đo điều kiện) Công thức cấu tạo thu gọn X Y A HCOOC2H5 CH3COOCH3 B HCOOCH2CH2CH3 CH3COOC2H5 C C2H3COOC2H5 C2H5COOC2H3 D C2H5COOCH3 HCOOCH(CH3)3 Giải: nN2 = 0,025 mol = nX MX = 1,85 / 0,025 = 74 CT X: C3H6 O2 C3H6O2 CTCT: X: HCOOC H5 ; Y: CH3COOCH3 Câu (Đề TSĐH A - 2011): Đốt cháy hoàn toàn 0,11 gam este X (tạo nên từ axit cacboxylic đơn chức ancol đơn chức) thu 0,22 gam CO2 0,09 gam H2O Số este đồng phân X A B C D Giải: 3 nCO2 = 5.10 (mol); n H2O = 5.10 (mol) C n H2n O2 + (3n 2) / 2O2 nCO2 + nH2 O Tõ PT n Este = 5.10 / n HCOOC 3H7 (2®p) (5.10 / n)*(14n + 32) = 0,11 n = (C H8O2 ) ®ång ph©n: CH3COOC H5 C H5COOCH3 ThS Ngun Phó Hoạt (0947195182) -18- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Ho¹t Giải: 21,7 gam X: C n H2n O (a mol) C m H2m O2 (b mol) + O2 0,9 mol CO2 + 1,05 mol H2 O a = n Ancol = nH2O - nCO2 = 0,15 BTKL: mO2 = mCO2 + mH2O - mhh = 36,8 gam n O2 = 1,15 BT O: 0,15 + 2*b + 1,15*2 = 0,9*2 + 1,05 b = 0,2 mol nCO2 = 0,15*n + 0,2*m = 0,9 LËp b¶ng n = vµ m = Ancol: C H5OH; Axit: C H5COOH H2 SO4 đặc C H5COOH + C H 5OH 0,15 mol C H 5COOC H + H 2O 0,15*60% = 0,09 mol m este = 0,09*102 = 9,18 gam Câu 79 (Đề TSĐH A - 2010): Cho hỗn hợp X gồm ancol metylic hai axit cacboxylic (no, đơn chức, dãy đồng đẳng) tác dụng hết với Na, giải phóng 6,72 lít khí H2 (đktc) Nếu đun nóng hỗn hợp X (có H2SO4 đặc làm xúc tác) chất hỗn hợp phản ứng vừa đủ với tạo thành 25 gam hỗn hợp este (giả thiết phản ứng este hoá đạt hiệu suất 100%) Hai axit hỗn hợp X A C3H7COOH C4H9COOH B CH3COOH C2H5COOH C C2H5COOH C3H7COOH D HCOOH CH3COOH Giải: CH3OH X: + Na 0,3 mol H2 n X = 2*n H2 = 0,6 mol RCOOH Do c¸c chất hỗn hợp phản ứng vừa đủ RCOOH + CH3OH H2SO4 đặc 0,3 mol m este = 0,3*(R + 44 + 15) = 25 nCH3OH = n RCOOH = 0,3 mol RCOOCH + H 2O 0,3 mol R = 24,33 R1 = 15 (CH3 ) R = 29 (C H5 ) CT axit: CH3COOH C H5COOH DẠNG 6: BÀI TẬP VẬN DỤNG CAO ESTE 6.1 Lý thuyết * Một số công thức thường gặp - n Este *(k - 1) = nCO2 - n H2O ; n Muèi(axit cacboxylic) *(k - 1) = n CO2 - n H2 O - nCOO(Este) = n NaOH = nCOONa(Muèi) = nOH(Ancol) * Một số dạng quy đổi este thường gặp - Hỗn hợp X gồm axit cacboxylic T (hai chức, mạch hở), hai ancol đơn chức dãy đồng đẳng este hai chức tạo T với hai ancol đó: Quy ®ỉi X thµnh: C n H2n 22k O4 (axit); C m H2m2 O (ancol) vµ -x mol H2 O - Este X hai chức, mạch hở, tạo ancol no với hai axit cacboxylic no, đơn chức Este Y ba chức, mạch hở, tạo glixerol với axit cacboxylic khơng no, đơn chức (phân tử có hai liên kết π): Quy E: (HCOO)2C3H6 (x); (C H3COO)3C 3H5 (y); CH2 (z) - Hỗn hợp E gồm X, Y hai chất thuộc dãy đồng đẳng axit acrylic MX < MY; Z ancol có số nguyên tử cacbon với X; T este hai chức tạo X, Y Z: Quy E: C H3COOH; C 3H6 (OH)2 (x); CH2 (y) vµ H2O (z) - Hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với H2 (xúc tác Ni, t0), thu hỗn hợp Y: Quy Y: HCOOCH3 (x mol); (COOCH3)2 (y mol); CH2 (z mol) ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) -36- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt 6.2 Bi tập vận dụng Câu 80 (Đề TSĐH B - 2010): Hỗn hợp M gồm axit cacboxylic X, ancol Y (đều đơn chức, số mol X gấp hai lần số mol Y) este Z tạo từ X Y Cho lượng M tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,2 mol NaOH, tạo 16,4 gam muối 8,05 gam ancol Công thức X Y A HCOOH CH3OH B CH3COOH CH3OH C HCOOH C3H7OH D CH3COOH C2H5OH Giải: n RCOONa = n NaOH = 0,2 RCOOH: 2a RCOONa: 2a + b  + NaOH (0,2)     M RCOONa = 82  R = 15(CH3 ) R'OH: a R'OH: a + b RCOOR': b  Lo¹i A vµ C  n = a + b < 0,2 CH COOH Bµi ra: 2a + b = 0,2  a + b < 0,2  Ancol  CT   M Ancol > 40,25 lo¹i CH3OH C H5OH Câu 81 (Đề TSĐH B - 2009): Cho hỗn hợp X gồm hai hợp chất hữu no, đơn chức tác dụng vừa đủ với 100 ml dung dịch KOH 0,4M, thu muối 336 ml ancol (ở đktc) Nếu đốt cháy hoàn toàn lượng hỗn hợp X trên, sau hấp thụ hết sản phẩm cháy vào bình đựng dung dịch Ca(OH)2 (dư) khối lượng bình tăng 6,82 gam Cơng thức hai hợp chất hữu X A CH3COOH CH3COOC2H5 B C2H5COOH C2H5COOCH3 C HCOOH HCOOC2H5 D HCOOH v HCOOC3H7 Gii: Dựa vào ĐA X gồm axit vµ este X X C n H2n O2 : x mol (axit) C m H2m O2 : y mol (este) C n H2n O2 (0,025) C m H2m O2 (0,015) + KOH (0,04) x = 0,025 Ancol (0,015) y = 0,015 CO2 (0,025n + 0,015m) + O2 H2 O (0,025n + 0,015m) 44*(0,025n + 0,015m) + 18*(0,025n + 0,015m) = 6,82 LËp b¶ng: n = 2, m = phï hỵp 1,55n + 0,93m = 6,82 X: CH3COOH vµ CH3COOC H5 Câu 82 (Đề TSCĐ - 2011): Để phản ứng hết với lượng hỗn hợp gồm hai chất hữu đơn chức X Y (MX < MY) cần vừa đủ 300 ml dung dịch NaOH 1M Sau phản ứng xảy hoàn toàn thu 24,6 gam muối axit hữu m gam ancol Đốt cháy hoàn toàn lượng ancol thu 4,48 lít CO2 (đktc) 5,4 gam H2O Công thức Y A CH3COOCH3 B C2H5COOC2H5 C CH3COOC2H5 D CH2=CHCOOCH3 Giải: nCO2 = 0,2; n H2O = 0,3 n Ancol = 0,1 CT: C n H2n+1OH n = nC /nAncol = (C H5OH) Do n Ancol = 0,1, n NaOH = 0,3 BT Na n RCOONa = 0,3 hỗn hợp: RCOOH RCOOC H5 MRCOONa = 82 R = 15 (CH3 ) Muèi CT: RCOONa Y: CH3COOC H5 Câu 83 (Đề THPT QG - 2017): Hỗn hợp E gồm este đơn chức X este hai chức Y (X, Y no, mạch hở) Xà phịng hóa hồn tồn 40,48 gam E cần vừa đủ 560 ml dung dịch NaOH 1M, thu hai muối có tổng khối lượng a gam hỗn hợp T gồm hai ancol có số nguyên tử cacbon Đốt cháy toàn T, thu 16,128 lít khí CO2 (đktc) 19,44 gam H2O Giá trị a gần với giá trị sau đây? A 43,0 B 37,0 C 40,5 D 13,5 Giải: nCO2 = 0,72 mol; nH2O = 1,08 mol  nAncol(T) = 0,36 mol  ChØ sè C = nCO2 / nAncol = ThS Nguyễn Phú Hoạt (0947195182) -37- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt a + b = 0,36 a = 0,16  CT: C H5OH (a mol); C H (OH)2 (b mol)     b = 0,2 a + 2b = 0,56 (n NaOH ) Bảo toàn KL: mMuối = mE + mNaOH - mAncol = 43,12 gam Câu 84 (Đề THPT QG - 2016): Hợp chất hữu X (chứa C, H, O) có loại nhóm chức Cho 0,15 mol X phản ứng vừa đủ với 180 gam dung dịch NaOH, thu dung dịch Y Làm bay Y, thu 164,7 gam nước 44,4 gam hỗn hợp chất rắn khan Z Đốt cháy hoàn toàn Z, thu 23,85 gam Na2CO3; 56,1 gam CO2 14,85 gam H2O Mặt khác, Z phản ứng với dung dịch H2SO4 loãng (dư), thu hai axit cacboxylic đơn chức hợp chất T (chứa C, H, O MT < 126) Số nguyên tử H phân tử T A 10 B C D 12 Giải: 0,225 mol Na CO3 ; 164,7 gam H2 O O2 0,15 mol X (C x H y Oz ) + 180 gam NaOH ;Z 1,275 mol CO2 ; + 44,4 gam Z vµ 0,825 mol H2 O Bảo toàn Na nNaOH = 2nNa2CO3 = 0,45 mol mNaOH = 18 gam mH2O(dd NaOH) = 162 gam  mH2O(sinh ra) = 164,7 - 162 = 2,7 gam  n H2O(sinh ra) = 0,15 mol Bảo toàn khối lượng  mX = 29,1 gam  MX = 194 B¶o toµn C: n C(X) = n CO2 + n Na2CO3 = 1,5 mol  x = n C / n x = 10 Bảo toàn H: n H(X) = 2n H2O (sinh ra) + 2n H2O(đốt cháy Z) - n NaOH = 1,5 mol  y = n H / n X = 10 MX = 194  CT X: C10 H10O4 ; 0,15 mol X + 0,45 mol NaOH  Z + 0,15 mol H2 O Z + H2SO4  Hai axit cacboxylic + T  X: HCOO-C6 H4  CH2  COOCH3  T cã d¹ng: HO-C6 H4  CH2 OH  T cã 8H Câu 85 (Đề THPT QG - 2016): Hỗn hợp X gồm axit cacboxylic T (hai chức, mạch hở), hai ancol đơn chức dãy đồng đẳng este hai chức tạo T với hai ancol Đốt cháy hồn tồn a gam X, thu 8,36 gam CO2 Mặt khác, đun nóng a gam X với 100 ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng xảy hoàn toàn, thêm tiếp 20 ml dung dịch HCl 1M để trung hịa lượng NaOH dư, thu dung dịch Y Cơ cạn Y, thu m gam muối khan 0,05 mol hỗn hợp hai ancol có phân tử khối trung bình nhỏ 46 Giá trị m A 7,09 B 5,92 C 6,53 D 5,36 Giải: nCO2 = 0,19 mol; nHCl = 0,02 mol; nNaOH = 0,1 mol nNaOH phản ứng = 0,08 mol Quy đổi X thành: C n H2n22k O4 (axit: 0,04 mol); C m H2m2 O (ancol: 0,05 mol) vµ -x mol H2 O n   n CO2 = 0,04n + 0,05m = 0,19  4n + 5m = 19 víi  14m + 18 < 46  m < LËp b¶ng n = m = 1,4 phù hợp  CT axit: CH2 (COOH)2 CH (COOH)2 0,04 CH (COONa)2 0,04 mol X:  + 0,1 mol NaOH + 0,02 mol HCl  Y:  NaCl 0,02 mol Ancol(C m H2m 2 O) 0,05  mY = mNaCl + mCH2 (COONa)2 = 7,09 gam Câu 86 (Đề MH - 2018): Đốt cháy hoàn toàn a gam este hai chức, mạch hở X (được tạo axit cacboxylic no hai ancol) cần vừa đủ 6,72 lít khí O2 (đktc), thu 0,5 mol hỗn hợp CO2 H2O Cho a gam X phản ứng hoàn toàn với 200 ml dung dịch NaOH 1M, thu dung dịch Y Cô cạn Y, thu m gam chất rắn khan Giá trị m A 11,2 B 6,7 C 10,7 D 7,2 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) -38- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Gii: CT este: CxHyO4 (b mol)  bx + by/2 = 0,5  b(x + y/2) = 0,5 (1) Bảo toàn O: b*  0,3*2  2* bx  by /  b(2x + y/2 - 4) = 0,6 (2) Chia (1) cho (2): 8x – y = 40 (với y ≤ 2x - 2) Lập bảng: x = 6, y = phù hợp CT este: C6H8O4 (k = 3)  Este tạo axit no, đa chức ancol no ancol không no Vậy CTCT C OO - CH3 este: |  b = 0,5/(x + y/2) = 0,05 mol COO - CH2  CH  CH  ChÊt r¾n: (COONa)2 (0,05 mol); NaOH d­: 0,1 mol  m = 0,1*40 + 0,05*134 = 10,7 gam Câu 87 (Đề THPT QG - 2018): Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H2 (xúc tác Ni, t0), thu hỗn hợp Y Cho toàn Y phản ứng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu hỗn hợp Z gồm hai muối hai axit cacboxylic no có mạch cacbon khơng phân nhánh 6,88 gam hỗn hợp T gồm hai ancol no, đơn chức Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X cần vừa đủ 0,09 mol O2 Phần trăm khối lượng muối có phân tử khối lớn Z A 54,18% B 50,31% C 58,84% D 32,88% Giải: Do Z, T no → Y no Quy Y: HCOOCH3 (x mol); (COOCH3)2 (y mol); CH2 (z mol) Đốt 0,01 mol X cần 0,09 mol O2 Đốt cháy 0,08 mol X cần 0,08*0,09/0,01 = 0,72 mol nO2 (®èt X) + nO2 (®èt H2 ) = nO2 (®èt Y)  nO2 (®èt Y) = 0,72 + 0,17/2 = 0,805 Theo bµi ta cã PT: x + y = 0,08 (n Y = n X )    x + 2y = 0,11 (n NaOH(pø Y) )    0,5x + 0,5y + 1,5z = 0,805 (n O2 (pø Y) ) Cách 1: Y + NaOH: BTKL: mY + mNaOH = mMuèi + mT x = 0,05  y = 0,03  m Y = 12,14 gam z = 0,4   mMuèi = 9,66 gam Z: R1COONa (0,05) vµ R2 (COONa)2 (0,03)  0,05*(R1 + 67) + 0,03*(R2 + 134) = 9,66 LËp b¶ng: R1 = 29(C H5 ); R2 = 28(C H4 )  %C H4 (COONa)2 (Z) = 50,31% 32a + 14b = 6,88 a = 0,11 Cách 2: Quy T: CH3OH (a) CH2 (b)     a = 0,11 (BT nhãm OH) b = 0,24 BT CH2 : nCH2 (Y) = nCH2 (Muèi) + nCH2 (ancol)  nCH2 (Muèi) = 0,4 - 0,24 = 0,16 = 0,05*2 + 0,03*2 R1COONa cã nhãm CH C H 5COONa (0,05)  VËy Z:   Z   %C H COONa = 50,31 C H COONa (0,03) R (COONa) cã nhãm CH    2 Câu 88 (Đề THPT QG - 2018): Este X hai chức, mạch hở, tạo ancol no với hai axit cacboxylic no, đơn chức Este Y ba chức, mạch hở, tạo glixerol với axit cacboxylic không no, đơn chức (phân tử có hai liên kết π) Đốt cháy hồn toàn m gam hỗn hợp E gồm X Y cần vừa đủ 0,5 mol O2 thu 0,45 mol CO2 Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 0,16 mol E cần vừa đủ 210 ml dung dịch NaOH 2M, thu hai ancol (có số nguyên tử cacbon phân tử) hỗn hợp ba muối, tổng khối lượng muối hai axit no a gam Giá trị a A 13,20 B 20,60 C 12,36 D 10,68 Giải: Quy E: (HCOO)2C3H6 (x); (C H3COO)3C 3H5 (y); CH2 (z) 0,16 mol E + 0,42 mol NaOH: LËp hÖ  n(HCOO)2 C3H6 : n(C2H3COO)3 C3H5 = : (HCOO)2 C 3H6 (0,06) 5x + 12y + z = 0,45 x = 0,015    E + O2 : 5x + 12,5y + 1,5z = 0,5  y = 0,025  0,16 mol E (C H3COO)3C 3H (0,1) x : y = : z = 0,075 CH (0,3)   ThS Nguyễn Phú Hoạt (0947195182) -39- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Gii: Ancol Y; 2ROH X + NaOH (a) BTKL: H2SO4 đặc n ROH = n NaOH = a ROR + H 2O 3,38 gam (R1COONa; R2 (COONa)2 ) BTKL: m Ancol = 1,99 + 9a m Ancol = 2,44 3,82 + 40a = 3,38 + 1,99 + 9a C H5OH CT Ancol M ROH = 48,8 a = 0,05 n H2O = 0,5a C 3H7OH PP ®­êng chÐo: nC2 H5OH = 0,04; nC3H7OH = 0,01 X + O2 0,16 mol CO2 n C(X) = 0,16 = n C(Muèi) + n C(Ancol) HCOONa: x (COONa)2 : y Muèi n C = n X n C(Muèi) = 0,05 mol x + 2y = 0,05 (n Na ) x = 0,03 68x + 134y = 3,38 y = 0,01 (COOC H )2 : 0,01 X HCOOC H : 0,02 HCOOC 3H : 0,01 %HCOOC H5 = 38,74% Câu 106 (Đề MH - 2020): Đốt cháy hoàn toàn 6,46 gam hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X, Y, Z (đều tạo axit cacboxylic ancol; MX < MY < MZ < 248) cần vừa đủ 0,235 mol O2, thu 5,376 lít khí CO2 Cho 6,46 gam E tác dụng hết với dung dịch NaOH (lấy dư 20% so với lượng phản ứng) chưng cất dung dịch, thu hỗn hợp hai ancol đồng đẳng hỗn hợp chất rắn khan T Đốt cháy hoàn toàn T, thu Na2CO3, CO2 0,18 gam H2O Phân tử khối Z A 160 B 74 C 146 D 88 Giải: E (6,46 gam) + O2 (0,235) E + NaOH(0,1) Ancol + T CO2 (0,24) BTKL: m H2O = 3,42 H2 O BT O: n O(E) = 0,2 NaOH d­: 0,02 -COONa: 0,1 ;T O2 n H2O = 0,19 n COO(E) = 0,1 Na CO3 ; CO2 H2 O (0,01) Muèi kh«ng cã H CT Muèi: (COONa)2 (0,05) BTKL: mAncol = 6,46 + 0,1*40 - 0,05*134 = 3,76 gam Do axit chøc CT ancol Ancol đơn chức CH3OH C H5OH nROH = nOH = nCOO = n NaOH = 0,1 CT Z: (COOC H5 )2 MROH = 37,6 M Z = 146 Câu 107 (Đề MH - 2020): Cho 7,34 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X Y (đều tạo axit cacboxylic ancol; MX < MY < 150) tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu ancol Z 6,74 gam hỗn hợp muối T Cho toàn Z tác dụng với Na dư, thu 1,12 lít khí H2 (đktc) Đốt cháy hoàn toàn T, thu H2O, Na2CO3 0,05 mol CO2 Phần trăm khối lượng X E A 81,74% B 40,33% C 30,25% D 35,97% Giải: n OH(Z) = 2n H2 = 0,1 = n NaOH = n COONa(T ) Z Na 0,05 mol H E + NaOH BTKL: m Z = 4,6 M R(OH)n = 46n O2 T Na CO3 ; CO2 (0,05); H O n = 1; M ROH = 46 Z: C H 5OH BT Na n Na2CO3 = 0,05 n C(T) = 0,1 n Na(T) = 0,1 x + 2y = 0,1 (n Na ) x = 0,04 68x + 134y = 6,74 y = 0,03 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) T sè C = sè Na E T X: HCOOC H5 : 0,04 Y: (COOC H5 )2 : 0,03 -47- HCOONa (x) (COONa)2 (y) %X(E) = 40,33% Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Cõu 108 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X, Y, Z có este hai chức hai este đơn chức (MX < MY < MZ) Cho 24,66 gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu hỗn hợp gồm ancol no 26,42 gam hỗn hợp muối hai axit cacboxylic dãy đồng đẳng Khi đốt cháy hoàn toàn 24,66 gam E cần 1,285 mol O2, thu H2O 1,09 mol CO2 Khối lượng X 24,66 gam E A 5,18 gam B 6,16 gam C 2,96 gam D 3,48 gam Giải: BTKL: m H2O = 17,82 n H2O = 0,99 CO2 (1,09) E (24,66 gam) + O2 (1,285) H2 O BT O: n O(E) = 0,6 n COO(E) = 0,3 E + NaOH nNaOH = nOH(Ancol) = nCOO(E) = n RCOONa = 0,3; BTKL: mAncol = 10,24 CT axit: CH3COONa; C H5COONa M RCOONa = 88,0667 PP ®­êng chÐo: n CH3COONa = 0,17; n C2 H5COONa = 0,13 ADCT: nEste chøc *(2 - 1) = nCO2 - n H2O n E(2 chøc) = 0,1; n E(đơn chức) = 0,1 Quy ancol: C H (OH)2 (0,1); CH3OH (0,1) vµ CH2 Do nC2 H4 (OH)2 > 0,06 n CH3COO = 0,07 n C2 H5COO = 0,03 Ancol chøc: C2 H4 (OH)2 CT Este ®¬n chøc k = 0; X: CH3COOCH3 (0,07) t = 2; Y: C H5COOC 3H7 (0,03) 62*0,1 + 32*0,1 + n CH2 *14 = 10,24 n CH2 = 0,06 CT Z: (CH3COO)(C H5COO)C H4 (0,1) CH3COOCH3 * kCH2 (0,07) C H5COOCH3 * tCH2 (0,03) 0,07k + 0,03t = 0,06 m Y = 0,07*74 = 5,18 gam Câu 109 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X, Y Z, có este hai chức hai este đơn chức, MY < MY < MZ Cho 29,34 gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu hỗn hợp ancol no 31,62 gam hỗn hợp muối hai axit cacboxylic đẳng Khi đốt cháy hết 29,34 gam E cần vừa đủ 1,515 mol O2, thu H2O 1,29 mol CO2 Khối lượng Y 29,34 gam E A 5,28 gam B 3,06 gam C 6,12 gam D 3,48 gam Giải: BTKL: m H2O = 21,06 n H2O = 1,17 CO2 (1,29) E (29,34 gam) + O2 (1,515) H2 O BT O: n O(E) = 0,72 n COO(E) = 0,36 E + NaOH nNaOH = nOH(Ancol) = nCOO(E) = n RCOONa = 0,36; BTKL: mAncol = 12,12 CT axit: CH3COONa; C H5COONa M RCOONa = 87,833 PP ®­êng chÐo: n CH3COONa = 0,21; n C2 H5COONa = 0,15 ADCT: nEste chøc *(2 - 1) = nCO2 - n H2O n E(2 chøc) = 0,12; n E(đơn chức) = 0,12 Quy ancol: C H (OH)2 (0,1); CH3OH (0,1) vµ CH2 Do nC2 H4 (OH)2 > 0,06 n CH3COO = 0,09 n C2 H5COO = 0,03 Ancol chøc: C2 H4 (OH)2 CT Este ®¬n chøc k = 0; X: CH3COOCH3 (0,09) t = 2; Y: C H5COOC 3H7 (0,03) ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) 62*0,12 + 32*0,12 + nCH2 *14 = 10,24 n CH2 = 0,06 CT Z: (CH3COO)(C H5COO)C H4 (0,12) CH3COOCH3 * kCH2 (0,09) C H5COOCH3 * tCH2 (0,03) 0,09k + 0,03t = 0,06 m Y = 0,03*116 = 3,48 gam -48- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Ngun Phó Ho¹t Câu 110 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X, Y Z, có este hai chức hai este đơn chức; MX < MY < MZ Đốt cháy hết 32,24 gam E cần vừa đủ 1,41 mol O2, thu H2O 1,3 mol CO2 Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 32,24 gam E dung dịch NaOH dư, thu hỗn hợp muối axit cacboxylic no 17,62 gam hỗn hợp hai ancol dãy đồng đẳng Khối lượng X 32,24 gam E A 2,96 gam B 3,52 gam C 4,40 gam D 3,70 gam Giải: BTKL: m H2O = 20,16 n H2O = 1,12 CO2 (1,3) E (32,24 gam) + O2 (1,41) H2 O BT O: n O(E) = 0,9 n COO(E) = 0,45 E + NaOH nNaOH = nROH(Ancol) = nCOO(E) = 0,45; BTKL: mMuèi = 32,62 gam M ROH = 39,155 CT ancol: CH3OH; C H 5OH PP ®­êng chÐo: n CH3OH = 0,22; n C2 H5OH = 0,23 ADCT: nEste chøc *(2 - 1) = nCO2 - n H2O n E(2 chức) = 0,18; n E(đơn chức) = 0,09 Quy Muối: HCOONa (0,09); (COONa)2 (0,18) vµ CH2 Do n(COONa)2 > 0,17 n CH3OH = 0,04 n C2 H5OH = 0,05 Axit chức: (COOH)2 CT Este đơn chức k = 3; Y: C 3H7COOCH3 (0,04) t = 1; X: CH3COOC H5 (0,05) 68*0,09 + 134*0,18 + nCH2 *14 = 32,62 n CH2 = 0,17 CT Z: CH3OOC-COOC2 H5 (0,18) HCOOCH3 * kCH2 (0,04) 0,04k + 0,05t = 0,17 HCOOC H5 * tCH2 (0,05) m X = 0,05*88 = 4,4 gam Câu 111 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X, Y Z, có este hai chức hai este đơn chức; MX < MY < MZ Đốt cháy hết 27,26 gam E cần vừa đủ 1,195 mol O2, thu H2O 1,1 mol CO2 Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 27,26 gam E dung dịch NaOH dư, thu hỗn hợp muối axit cacboxylic no 14,96 gam hỗn hợp hai ancol dãy đồng đẳng Khối lượng Y 27,26 gam E A 7,88 gam B 3,96 gam C 2,64 gam D 3,06 gam Giải: BTKL: m H2O = 17,1 n H2O = 0,95 CO2 (1,1) E (27,26 gam) + O2 (1,195) H2 O BT O: n O(E) = 0,76 n COO(E) = 0,38 E + NaOH nNaOH = nROH(Ancol) = nCOO(E) = 0,38; BTKL: mMuèi = 27,5 gam M ROH = 39,368 CT ancol: CH3OH; C H5OH PP ®­êng chÐo: n CH3OH = 0,18; n C2 H5OH = 0,2 ADCT: nEste chøc *(2 - 1) = nCO2 - n H2O n E(2 chøc) = 0,15; n E(đơn chức) = 0,08 Quy Muối: HCOONa (0,08); (COONa)2 (0,15) vµ CH2 Do n(COONa)2 > 0,14 n CH3OH = 0,03 n C2 H5OH = 0,05 Axit chøc: (COOH)2 CT Este đơn chức k = 3; Y: C 3H7COOCH3 (0,03) t = 1; X: CH3COOC H5 (0,05) ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) 68*0,08 + 134*0,15 + nCH2 *14 = 27,5 n CH2 = 0,14 CT Z: CH3OOC-COOC2 H5 (0,15) HCOOCH3 * kCH2 (0,03) HCOOC H5 * tCH2 (0,05) 0,03k + 0,05t = 0,14 m X = 0,03*102 = 3,06 gam -49- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phó Ho¹t DẠNG 7: BÀI TẬP CHẤT BÉO 7.1 Lý thuyết * Một số công thức thường gp - Đốt cháy: C x HyO6 + (x + 0,25y -3)O2  xCO2 + 0,5yH2O + nCB *(k - 1) = nCO2 - n H2O ; nC = nCO2 ; n H = 2n H2O ; 6*nCB + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O (BT O) + ChØ sè C = nC /nCB ; chØ sè H = nH /nCB Ni, t - Céng H2 (Br2 ): (C17 H33COO)3C 3H5 + 3H2   (C17H35COO)3C 3H5 + n (CB) = (k - 3)*nCB = n H (pø) = nBr2 (pø) - XP hãa: (RCOO)3C3H5 + 3NaOH  3RCOONa + C 3H5 (OH)3 + nNaOH = 3nCB = 3nC3H5 (OH)3 ; nCOO(CB) = nNaOH = nCOONa * Một số dạng quy đổi chất béo thường gặp - Xà phòng hóa hồn tồn m gam hỗn hợp E gồm triglixerit dung dịch NaOH, thu glixerol hỗn hợp X gồm ba muối C17HxCOONa, C15H31COONa, C17HyCOONa: Quy E: (C15H31COO)3 C3H5 ; CH2 ; H2 - Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu hỗn hợp hai muối: Quy E thµnh: C15H31COOH (x); C17 H35COOH (y); C3H5 (OH)3 (z) vµ H2O - Hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu sản phẩm hữu gồm muối glixerol: Quy X thµnh: C15H31COOH (x); CH2 (y); H2 (z); C3H5 (OH)3 (0,02) vµ H2O (-0,02*3) 7.2 Bài tập vận dụng Câu 112 (Đề TSĐH A - 2013): Cho 0,1 mol tristearin ((C17H35COO)3C3H5) tác dụng hoàn tồn với dung dịch NaOH dư, đun nóng, thu m gam glixerol Giá trị m A 27,6 B 4,6 C 14,4 D 9,2 Giải: (C17 H35COO)3 C 3H5 + 3NaOH 3C17H35COONa + C 3H5 (OH)3 Tõ PT: nC3H5 (OH)3 = nCB = 0,1 mol mC3H5 (OH)3 = 9,2 gam Câu 113 (Đề THPT QG - 2017): Xà phịng hóa hồn tồn 17,8 gam chất béo X cần vừa đủ dung dịch chứa 0,06 mol NaOH Cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu m gam muối khan Giá trị m A 19,12 B 18,36 C 19,04 D 14,68 Giải: (RCOO)3 C 3H5 + 3NaOH (0,06) 3RCOONa + C3H5 (OH)3 (0,02) Bảo toàn KL: m = 17,8 + 0,06*40 - 0,02*92 = 18,36 gam Câu 114 (Đề THPT QG - 2017): Thủy phân hoàn toàn m gam chất béo dung dịch NaOH, đun nóng, thu 9,2 gam glixerol 91,8 gam muối Giá trị m A 89 B 101 C 85 D 93 Giải: (C17 H35COO)3 C3H5 + 3NaOH 3C17H35COONa + C 3H5 (OH)3 (0,1) Tõ PT: n NaOH = 3*nC3H5 (OH)3 = 0,3; BTKL: mCB = 9,2 + 91,8 - 0,3*40 = 89 gam Câu 115 (Đề THPT QG - 2017): Xà phịng hóa hồn tồn 178 gam tristearin KOH, thu m gam kali stearat Giá trị m A 193,2 B 200,8 C 211,6 D 183,6 Giải: (C17 H35COO)3 C3H5 (0,2) + 3KOH 3C17H35COOK (0,6) + C3H5 (OH)3 mMi = 193,2 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) -50- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Cõu 116 (Đề TSĐH B - 2008): Xà phịng hố hồn tồn 17,24 gam chất béo cần vừa đủ 0,06 mol NaOH Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu khối lượng xà phòng A 17,80 gam B 18,24 gam C 16,68 gam D 18,38 gam Giải: (RCOO)3 C 3H5 + 3NaOH (0,06) 3RCOONa + C3H5 (OH)3 (0,02) Bảo toàn KL: m = 17,24 + 0,06*40 - 0,02*92 = 17,8 gam Câu 117 (Đề TSĐH A - 2007): Thuỷ phân hoàn toàn 444 gam lipit thu 46 gam glixerol (glixerin) hai loại axit béo Hai loại axit béo A C15H31COOH C17H35COOH B C17H33COOH C17H35COOH C C17H31COOH C17H33COOH D C17H33COOH C15H31COOH Giải: nC3H5 (OH)3 = 0,5 n Lipit = 0,5 mol R = (2R1 + R2 ) / M(RCOO) C H = 888 2R1 + R = 715 3 R = 715/3 R1 = 239 (C17 H35 ) C17 H35COOH R2 = 237 (C17 H33 ) C17 H33COOH Câu 118: Đun sôi a gam triglixerit X với dd KOH phản ứng hoàn toàn, thu 0,92 gam glixerol 9,58 gam hỗn hợp Y gồm muối axit linoleic axit oleic Giá trị a A 8,82 gam B 9,94 gam C 10,90 gam D 8,92 gam Giải: (RCOO)3 C 3H5 + 3NaOH (0,03) 3RCOONa + C3H5 (OH)3 (0,01) Bảo toàn KL: a = 9,58 + 0,92 - 0,03*56 = 8,82 gam Câu 119: Khi thuỷ phân a gam este X thu 0,92 gam glixerol, 3,02 gam natri linoleat (C17H31COONa) m gam muối natri oleat (C17H33COONa) Giá trị a, m A 8,82 gam; 6,08 gam B 7,2 gam; 6,08 gam C 8,82 gam; 7,2 gam D 7,2 gam; 8,82 gam Giải: nC3H5 (OH)3 = 0,01; nC17H31COONa = 0,01 mol X cã CT: (C17 H31COO)(C17 H33COO)2 C3H5 nC17H33COONa = 0,02 mC17H33COONa = 6,08 gam nNaOH = 3*nC3H5 (OH)3 = 0,03; BTKL: a = mMuèi + mC3H5 (OH)3 - mNaOH = 8,82 gam Câu 120: Thuỷ phân hoàn toàn chất béo E dung dịch NaOH thu 1,84 gam glixerol 18,24 gam muối axit béo Chất béo A (C17H33COO)3C3H5 B (C17H35COO)3C3H5 C (C15H31COO)3C3H5 D (C15H29COO)3C3H5 Giải: (RCOO)3 C 3H5 + 3NaOH 3RCOONa (0,06) + C3H5 (OH)3 (0,02) MRCOONa = 304 R = 237 (C17H33 ) CT E: (C17H33COO)3C 3H5 Câu 121 (Đề THPT QG - 2017): Để tác dụng hết với a mol triolein cần tối đa 0,6 mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,12 B 0,15 C 0,30 D 0,20 Giải: Triolein: (C17 H33COO)3C 3H5 phân tử chứa 3C=C áp dụng: n = nBr2 3*a = 0,6 a = 0,2 mol Câu 122 (Đề THPT QG - 2017): Hiđro hóa hồn tồn 17,68 gam triolein cần vừa đủ V khí H2 (đktc) Giá trị V A 4,032 B 0,448 C 1,344 D 2,688 ThS Nguyễn Phú Hoạt (0947195182) -51- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt R COOH (x) (R2 COO)3C 3H (y) Do X + NaOH + NaOH Muèi + C 3H (OH)3 + H 2O Muèi axit no Y chÊt bÐo no k = Khi ®èt ch¸y axit: nCO2 = nH2O x + 3y = 0,09 (n NaOH ) x = 0,03 y*(3 - 1) = 1,56 - 1,52 (n Y (k - 1) = n CO2 - n H2O ) y = 0,02 X + NaOH: n H2O = n R1COOH = 0,03; nC3H5 (OH)3 = n(R2COO) C H = 0,02 3 BT O: nO(X) = 2x + 6y = 0,18 BT H: nH(X) = 2*nH2O BTKL ta cã: mX = mC + mH + mO = 24,64 BTKL: mX + mNaOH = mMuèi + mH2O + mC3H5 (OH)3 mMuèi = 25,86 Câu 138 (Đề MH - 2020): Xà phịng hóa hồn toàn m gam hỗn hợp E gồm triglixerit dung dịch NaOH, thu glixerol hỗn hợp X gồm ba muối C17HxCOONa, C15H31COONa, C17HyCOONa có tỉ lệ mol tương ứng : : Hiđro hóa hoàn toàn m gam E, thu 68,96 gam hỗn hợp Y Nếu đốt cháy hoàn toàn m gam E cần vừa đủ 6,14 mol O2 Giá trị m A 68,40 B 60,20 C 68,80 D 68,84 Giải: E + NaOH C17 Hx COONa (3a); C15H31COONa (4a); C17 Hy COONa (5a) Quy E: (C15H31COO)3 C3H5: 4a; CH2 : 3a*2 + 5a*2 = 16a; H2 (b) E + H2 68,96 gam (C15H31COO)3C3H5 ; CH2 C 51H 98O6 + 72,5O2 E + O2 CH + 1,5O2 806*4a + 16a*14 = 68,96 (1) 51CO2 + 49H O 72,5*4a + 16a*1,5 + 0,5b = 6,14 (2) Gi¶i hƯ (1) vµ (2): a = 0,02; b = -0,28 m E = 68,4 gam CO2 + H O H2 + 0,5O2 H2 O Câu 139 (Đề MH - 2020): Thủy phân hoàn toàn triglixerit X dung dịch NaOH, thu glixerol, natri stearat natri oleat Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O2, thu H2O 2,28 mol CO2 Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,04 B 0,08 C 0,20 D 0,16 Giải: Natri oleat (C17 H33COONa) a gam X + NaOH + C 3H5 (OH)3 VËy X cã CT: C 57 H y O6 Natri stearat (C17 H35COONa) C 57 H y O6 + (0,25y + 54)O2 57CO2 + y/2H2 O 2,28*(0,25y + 54) = 3,22*57 2,28 mol x = 106; n X = 2,28/57 = 0,04 3,22 mol X: C 57 H106O6 ; k = X + Br2 : n = nBr2 nBr2 = (k - 3)*nX = 0,08 Câu 140 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 88,44 gam hỗn hợp hai muối Nếu đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 7,65 mol O2, thu H2O 5,34 mol CO2 Khối lượng X m gam E A 48,36 gam B 51,72 gam C 53,40 gam D 50,04 gam Giải: Quy E thµnh: C15H31COOH (x); C17 H35COOH (y); C3H5 (OH)3 (z) vµ H2O X + NaOH X + O2 Muèi 278x + 306y = 57,84 (1) C16 H32 O2 + 23O2 16CO2 + 16H O C18 H36 O2 + 26O2 18CO2 + 18H O C 3H8O3 + 3,5O2 ThS NguyÔn Phó Ho¹t (0947195182) 3CO2 + 4H O -55- 16x + 18y + 3z = 5,34 (2) 23x + 26y + 3,5z = 7,65 (3) Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt Giải hệ (1) - (3): x = 0,12; y = 0,18; z = 0,06 Do nC3H5 (OH)3 = 0,06, v× vËy E chøa: C15H31COOH (0,06); C17 H35COOH (0,06); (C15H31COO)(C17 H35COO)2 C3H5 (0,06) mX = 51,72 gam Câu 141 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 57,84 gam hỗn hợp hai muối Nếu đốt cháy hết m gam E cần vừa đủ 4,98 mol O2, thu H2O 3,48 mol CO2 Khối lượng X m gam E A 34,48 gam B 32,24 gam C 25,60 gam D 33,36 gam Giải: Quy E thµnh: C15H31COOH (x); C17 H35COOH (y); C3H5 (OH)3 (z) vµ H2O X + NaOH X + O2 Muèi 278x + 306y = 57,84 (1) C16 H32 O2 + 23O2 16CO2 + 16H O C18 H36 O2 + 26O2 18CO2 + 18H O C 3H8O3 + 3,5O2 3CO2 + 4H O 16x + 18y + 3z = 3,48 (2) 23x + 26y + 3,5z = 4,98 (3) Gi¶i hƯ (1) - (3): x = 0,12; y = 0,08; z = 0,04 Do nC3H5 (OH)3 = 0,04, v× vËy E chøa: C15H31COOH (0,04); C17 H35COOH (0,04); (C15H31COO)2 (C17H35COO)C3H5 (0,04) mE = 33,36 gam Câu 142 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu sản phẩm hữu gồm muối 4,6 gam glixerol Nếu đốt cháy hết m gam X cần vừa đủ 4,425 mol O2, thu 3,21 mol CO2 2,77 mol H2O Khối lượng Z m gam X A 8,40 gam B 5,60 gam C 5,64 gam D 11,20 gam Giải: Quy X thµnh: C15H31COOH (x); CH2 (y); H2 (z); C3H5 (OH)3 (0,05) vµ H2O (-0,05*3) C16 H32 O2 + 23O2 X + O2 CH + 1,5O2 H + 0,5O2 16CO2 + 16H O CO2 + H O H 2O C 3H8O3 + 3,5O2 3CO2 + 4H O 16x + y + 0,05*3 = 3,21 16x + y + z + 0,05*4 - 0,05*3 = 2,77 23x + 1,5y + 0,5z + 3,5*0,05 = 4,425 C17 H33COOH (0,02) x = 0,17 Giải hệ (1) - (3): y = 0,34 axit thêm 2CH2 z = -0,34 X axit cã 2C=C (C17 H33COO)3C 3H (0,05) m C17H33COOH = 5,64 gam Câu 143 (Đề TN THPT - 2020): Hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu sản phẩm hữu gồm muối 1,84 gam glixerol Nếu đốt cháy hết m gam X cần vừa đủ 2,57 mol O2, thu 1,86 mol CO2 1,62 mol H2O Khối lượng Z m gam X A 5,60 gam B 5,64 gam C 11,20 gam D 11,28 gam Giải: Quy X thµnh: C15H31COOH (x); CH2 (y); H2 (z); C3H5 (OH)3 (0,02) vµ H2O (-0,02*3) C16 H32 O2 + 23O2 X + O2 CH + 1,5O2 H + 0,5O2 C 3H8O3 + 3,5O2 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) 16CO2 + 16H O CO2 + H O H 2O 3CO2 + 4H O -56- 16x + y + 0,02*3 = 1,86 16x + y + z + 0,02*4 - 0,02*3 = 1,62 23x + 1,5y + 0,5z + 3,5*0,02 = 2,57 Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng x = 0,1 Giải hệ (1) - (3): y = 0,2 z = -0,2 ThS NguyÔn Phú Hoạt (0947195182) Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt C17 H33COOH (0,04) axit thªm 2CH X axit cã 2C=C (C17 H33COO)3C 3H (0,02) m C17 H33COOH = 11,28 gam -57- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt CHUYấN ĐỀ CACBOHIĐRAT CHUYÊN ĐỀ 3: CACBOHIĐRAT DẠNG 1: BÀI TẬP PHẢN ỨNG GƯƠNG 1.1 Lý thuyết  AgNO3 /NH3 Glucoz¬    OH   Frutoz¬   Mantoz¬ 2Ag   AgNO3 /NH3 Glucoz¬; Fructoz¬    AgNO3 /NH3   2Ag  2Ag  1.2 Bài tập vận dụng Câu (Đề TSCĐ - 2007): Cho 50 ml dung dịch glucozơ chưa rõ nồng độ tác dụng với lượng dư AgNO3 (hoặc Ag2O) dung dịch NH3 thu 2,16 gam bạc kết tủa Nồng độ mol (hoặc mol/l) dung dịch glucozơ dùng A 0,20M B 0,10M C 0,01M D 0,02M Giải: Glucozo  AgNO3 / NH3   0,01 mol  2Ag  0,02 mol  CM = 0,01 = 0,2M 0,05 Câu (Đề THPT QG - 2019): Đun nóng 100 ml dung dịch glucozơ a mol/l với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3 Sau phản ứng hoàn toàn thu 21,6 gam kết tủa Giá trị a A 0,2 B 0,5 C 0,1 D 1,0 Giải: Glucozo 0,1 mol  AgNO3 / NH3    2Ag   CM = 0,2 mol 0,1 = 1,0M 0,1 Câu (Đề THPT QG - 2019): Đun nóng 25 gam dung dịch glucozơ nồng độ a% với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3 Sau phản ứng xảy hoàn toàn thu 4,32 gam Ag Giá trị a A 25,92 B 28,80 C 14,40 D 12,96 Giải:  AgNO3 / NH3 m Glucozo = 0,02*180 = 3,6 gam Glucozo   2Ag    C% = (3,6/25)*100 = 14,4% 0,02 mol  0,04 mol Câu (Đề TSCĐ - 2014): Cho hỗn hợp gồm 27 gam glucozơ gam fructozơ phản ứng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu m gam Ag Giá trị m A 32,4 B 21,6 C 43,2 D 16,2 Giải: nGlucozo = 0,15 mol; nFructozo = 0,05 mol C H12 O6 AgNO3 / NH3 2Ag 0,2 mol 0,4 mol m Ag = 0,4*108 = 43,2 gam Câu (Đề TSCĐ - 2010): Thuỷ phân hoàn tồn 3,42 gam saccarozơ mơi trường axit, thu dung dịch X Cho toàn dung dịch X phản ứng hết với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, đun nóng, thu m gam Ag Giá trị m A 21,60 B 2,16 C 4,32 D 43,20 Giải: C12 H22 O11 (saccarozo) H2 O (H ) 0,01 mol ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) 2C H12 O6 AgNO3 / NH3 0,02 mol 4Ag 0,04 mol -58- m Ag = 4,32 gam Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phó Ho¹t Câu (Đề MH lần I - 2017): Cho 500 ml dung dịch glucozơ phản ứng hoàn toàn với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu 10,8 gam Ag Nồng độ dung dịch glucozơ dùng A 0,20M B 0,01M C 0,02M D 0,10M Giải:  AgNO3 / NH3 Glucozo   2Ag  0,05  CM = = 0,1M 0,5 0,05 mol  0,1 mol Câu (Đề THPT QG - 2018): Cho 0,9 gam glucozơ (C6H12O6) tác dụng hết với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu m gam Ag Giá trị m A 0,54 B 1,08 C 2,16 D 1,62 Giải:  AgNO3 / NH3 Glucozo   2Ag   m Ag = 1,08 gam 0,005 mol  0,01 Câu (Đề THPT QG - 2018): Cho m gam fructozơ (C6H12O6) tác dụng hết với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu 4,32 gam Ag Giá trị m A 7,2 B 3,6 C 1,8 D 2,4 Giải:  AgNO3 / NH3 Glucozo   2Ag   m Glucozo = 3,6 gam 0,02 mol  0,04 Câu (Đề TSĐH B - 2011): Thuỷ phân hỗn hợp gồm 0,02 mol saccarozơ 0,01 mol mantozơ thời gian thu dung dịch X (hiệu suất phản ứng thủy phân chất 75%) Khi cho toàn X tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3 lượng Ag thu A 0,090 mol B 0,12 mol C 0,095 mol D 0,06 mol Giải: C12 H22 O11 (saccarozo) + H2 O 2C H12 O6 C12 H22 O11 (mantozo) + H2 O 2C H12 O6 0,02 mol X 0,04*75% = 0,03 C H12 O6 : 0,045 0,01 mol AgNO3 Ag C12 H22 O11 (mantozo): 0,0025 0,02*75% = 0,015 n Ag = 0,045*2 + 0,0025*2 = 0,095 mol Câu 10 (Đề TSĐH B - 2012): Thủy phân hỗn hợp gồm 0,01 mol saccarozơ 0,02 mol mantozơ môi trường axit, với hiệu suất 60% theo chất, thu dung dịch X Trung hòa dung dịch X, thu dung dịch Y, sau cho tồn Y tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu m gam Ag Giá trị m A 6,480 B 9,504 C 8,208 D 7,776 Giải: C12 H22 O11 (saccarozo) + H2 O 2C H12 O6 C12 H22 O11 (mantozo) + H2 O 2C H12 O6 0,01 mol X 0,02*60% = 0,012 C H12 O6 : 0,036 C12 H22 O11 (mantozo): 0,008 AgNO3 0,02 mol Ag 0,04*60% = 0,024 n Ag = 0,036*2 + 0,008*2 = 0,088 m Ag = 9,504 gam Câu 11 (Chuyên KHTN Hà Nội - 2018): Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm saccarozơ, amilozơ, xenlulozơ thu (m + 1,8) gam hỗn hợp Y gồm glucozơ fructozơ Cho toàn Y tác dụng với AgNO3 dư NH3, thu 27 gam Ag Giá trị m A 20,7 B 18,0 C 22,5 D 18,9 Giải: X + H2O C H12 O6 BTKL: m H2O = 1,8 gam BTKL: m X = m C6 H12O6 - m H2O = 20,7 gam AgNO3 C H12 O6 2Ag(0,25) n C6 H12O6 = 0,125 ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) -59- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu Trên đ-ờng thành công dấu chân kẻ l-ời biếng Page: Thầy Nguyễn Phú Hoạt DNG 2: BÀI TẬP PHẢN THỦY PHÂN – LÊN MEN 2.1 Lý thuyết a Thủy phân cacbohiđrat  H + C12 H22O11 (saccaroz¬) + H2O   C H12O6 (G) + C H12O6 (F)  H + C12 H22O11 (mantoz¬) + H2O   2C 6H12O6 (G)  H + (C H10O5 )n (TB, XL) + nH2O   nC H12O6 (G) b Lên men cacbohiđrat lªn men (enzim) + C6 H12O6   2C H5OH + 2CO2 lªn men (enzim) + (C6 H10O5 )n + nH2O   2nC 2H5OH + 2nCO2 2.2 Bài tập vận dụng Câu 12 (Đề TN THPT - 2020): Khi lên men m gam glucozơ thu 0,12 mol C2H5OH Mặt khác, m gam glucozơ tác dụng hết với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu 0,2 mol Ag Hiệu suất trình lên men A 60% B 80% C 70% D 75% Giải: C H12 O6 lªn men 0,06 2C H5OH + 2CO2 0,12 mol C H12 O6 +AgNO3 / NH3 0,1 2Ag 0,2 HS = 60% Câu 13 (Đề TN THPT - 2020): Khi lên men m gam glucozơ thu 0,15 mol C2H5OH Mặt khác, m gam glucozơ tác dụng hết với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu 0,2 mol Ag Hiệu suất trình lên men A 80% B 60% C 75% D 70% Giải: C H12 O6 0,075 lªn men 2C H5OH 0,15 mol + 2CO2 C H12 O6 0,1 +AgNO3 / NH3 2Ag 0,2 HS = 75% Câu 14 (Đề THPT QG - 2016): Thủy phân m gam saccarozơ môi trường axit với hiệu suất 90%, thu sản phẩm chứa 10,8 gam glucozơ Giá trị m A 22,8 B 17,1 C 18,5 D 20,5 Giải: C12 H22 O11 + H2O C H12O6 (glucozo) + C H12 O6 (fructozo) 10,8* 342 100 * = 22,8 10,8 gam 180 90 Câu 15 (Đề MH - 2020): Thủy phân 68,4 gam saccarozơ với hiệu suất 75%, thu m gam glucozơ Giá trị m A 54 B 27 C 72 D 36 Giải: C12 H22 O11 + H2O C H12O6 (glucozo) + C H12 O6 (fructozo) 68, *180 75 * = 27 342 100 Câu 16 (Đề THPT QG - 2019): Cho 54 gam glucozơ lên men rượu với hiệu suất 75% thu m gam C2H5OH Giá trị m A 10,35 B 20,70 C 27,60 D 36,80 68,4 gam ThS Ngun Phó Ho¹t (0947195182) -60- Tài liệu ôn thi THPT QG Hóa học hữu ... 0 ,12 mol C 0,095 mol D 0,06 mol Giải: C12 H22 O 11 (saccarozo) + H2 O 2C H12 O6 C12 H22 O 11 (mantozo) + H2 O 2C H12 O6 0,02 mol X 0,04*75% = 0,03 C H12 O6 : 0,045 0, 01 mol AgNO3 Ag C12 H22 O 11. .. 9,504 C 8,208 D 7,776 Giải: C12 H22 O 11 (saccarozo) + H2 O 2C H12 O6 C12 H22 O 11 (mantozo) + H2 O 2C H12 O6 0, 01 mol X 0,02*60% = 0, 012 C H12 O6 : 0,036 C12 H22 O 11 (mantozo): 0,008 AgNO3 0,02... sản phẩm chứa 10 ,8 gam glucozơ Giá trị m A 22,8 B 17 ,1 C 18 ,5 D 20,5 Giải: C12 H22 O 11 + H2O C H12O6 (glucozo) + C H12 O6 (fructozo) 10 ,8* 342 10 0 * = 22,8 10 ,8 gam 18 0 90 Câu 15 (Đề MH - 2020):