Đang tải... (xem toàn văn)
29 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit - Nâng cao 29 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit - Nâng cao 29 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit - Nâng cao 29 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit - Nâng cao 29 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit - Nâng cao
Phương pháp giải toán Oxi hóa Amin – Amino axit - Nâng cao Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm hai amino axit X1, X2 (chứa chức axit, chức amin X2 nhiều X1 nguyên tử cacbon), sinh 35,2 gam CO2 16,65 gam H2O Phần trăm khối lượng X1 X A 80% B 20% C 77,56% D 22,44% Bài Hỗn hợp H gồm amin no, bậc I, mạch hở X, Y nguyên tử C nguyên tử N Lấy 13,44 lit H (ở 273oC, atm) đốt cháy thu 44 gam CO2 4,48 lít (đktc) N2 Số mol CTCT X, Y (biết amin bậc I) A 0,2 mol C2H7NH2 0,1 mol C4H8(NH2)2 B 0,2 mol C2H5NH2 0,1 mol C3H6(NH2)2 C 0,1 mol C2H4(NH2)2 0,2 mol C3H7NH2 D Kết khác Bài Đốt cháy hoàn toàn 15 gam hỗn hợp gồm amin đơn chức no X mạch hở ancol đơn chức no Y mạch hở oxi lấy dư cho sản phẩm cháy vào bình đựng nước vôi dư thu 70 gam kết tủa Hỗn hợp khí khỏi bình tích 11,2 lít (đktc) có tỉ khối so với hiđro 15,6 Biết MY = MX + 15 CTPT X, Y A C2H7N, C3H7OH B CH5N, C2H5OH C C3H9N, C4H9OH D CH5N, CH3OH Bài Đốt cháy hoàn toàn 0,12 mol hợp chất hữu X mạch hở cần dùng 50,4 lít không khí Sau phản ứng cho toàn sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 hấp thụ hoàn toàn vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng lên 23,4 gam có 70,92 gam kết tủa Khí thoát khỏi bình tích 41,664 lít Biết thể tích khí đo điều kiện tiêu chuẩn, không khí gồm 20% oxi 80% nitơ theo thể tích CTPT X A C2H5O2N B C3H7O2N C C4H9O2N D C4H7O2N Bài Hỗn hợp X gồm amino axit bậc Y Z Y chứa nhóm axit, nhóm amino; Z chứa nhóm axit, nhóm amino MY/MZ = 1,96 Đốt cháy mol Y mol Z số mol CO2 thu nhỏ Công thức cấu tạo hai amino axit là: A H2NCH2-CH(COOH)-CH2COOH, H2NCH2COOH B H2NCH2-CH(COOH)-CH2COOH, H2NCH2CH2COOH C H2NCH(COOH)-CH2COOH, H2NCH2COOH D H2NCH(COOH)-CH2COOH, H2NCH2CH2COOH Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp hai amin cần vừa 26,88 lít không khí (đktc) Hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào bình đựng nước vôi dư thu 12 gam kết tủa có 22,4 lít (đktc) khí thoát khỏi bình Biết không khí gồm có 20% O2 80% N2 theo thể tích Giá trị m A 3,04 B 4,56 C 3,60 D 5,40 Bài Đốt cháy hoàn toàn hợp chất hữu X (C, H, N) lượng không khí vừa đủ (gồm 1/5 thể tích O2, lại N2) khí CO2, H2O N2 Cho toàn sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy có 39,4 gam kết tủa, khối lượng dung dịch giảm 24,3 gam Khí thoát khỏi bình tích 34,72 lít (đktc) Biết dX/O2 < CTPT X A C2H7N B C2H8N C C2H7N2 D C2H4N2 Bài Trong bình kín chứa 35 ml hỗn hợp gồm H2, amin đơn chức 40 ml O2 Bật tia lửa điện để phản ứng cháy xảy hoàn toàn đưa hỗn hợp điều kiện ban đầu, thể tích chất tạo thành 20 ml gồm 50% CO2, 25% N2 25% O2 CTPT sau amin cho ? A CH5N B C2H7N C C3H6N D C3H5N Bài Đốt cháy hoàn toàn 1,18 gam amin đơn chức X lượng không khí vừa đủ Dẫn toàn hỗn hợp khí sau phản ứng qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 lấy dư gam kết tủa có 9,632 lít khí (đktc) thoát khỏi bình Tìm công thức phân tử X Giả thiết không khí có 20% O2 80% N2 A C3H9N B C2H7N C CH5N D C4H11N Bài 10 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm 100ml hỗn hợp gồm đimetylamin hai hiđrocacbon đồng đẳng thu 140ml CO2 250ml nước (các thể tích đo điều kiện) Hiđrocacbon có KLPT nhỏ A CH4 B C2H6 C C2H4 D C3H6 Bài 11 Đốt cháy hoàn toàn amin X lượng không khí (chứa 80% thể tích khí N2 lại O2) vừa đủ thu 35,2 gam CO2, 19,8 gam H2O 5,5 mol N2 X tác dụng với HNO2 cho ancol bậc I Số công thức cấu tạo thoả mãn X A B C D Bài 12 Đốt cháy hoàn toàn amin X lượng không khí vừa đủ thu 17,6 gam CO2, 12,6 gam H2O 69,44 lít khí N2 (đktc) Giả thiết không khí gồm N2 O2, oxi chiếm 20% thể tích không khí Số đồng phân cấu tạo X A B C D Bài 13 Đốt cháy hoàn toàn m gam chất hữu X (chứa C, H, N) cần dùng 15,12 lít O2 (đktc) Sản phẩm cháy cho lội chậm qua bình đựng nước vôi dư, thấy có 40 gam kết tủa xuất có 1120 ml khí (đktc) bay Số đồng phân cấu tạo amin bậc I X A B C D Bài 14 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp hai amin no, đơn chức, dãy đồng đẳng, thu 1,568 lít khí CO2 (đktc) 1,8 gam H2O Số đồng phân cấu tạo thuộc loại amin bậc hai hai amin là: A B C D Bài 15 (Đề NC) Hỗn hợp X gồm ankin, ankan (số mol ankin số mol ankan), anken amin no, đơn chức, mạch hở Y Z đồng đẳng (MY < MZ) Đốt cháy hoàn toàn lượng hỗn hợp X cần 174,72 lít O2 (đktc), thu N2, CO2 133,2 gam nước Chất Y A metylamin B etylamin C propylamin D butylamin Bài 16 Hỗn hợp X gồm amin no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng anken Đốt cháy m gam hỗn hợp thu 0,55 mol CO2 , 0,925 mol H2O V lít khí N2(đktc) Tính giá trị V A 2,8 B 4,48 C 3,36 D 5,60 Bài 17 Hỗn hợp khí X gồm NH3 etylamin có tỉ khối so với CH4 1,4125 Đốt cháy hoàn toàn m gam X lượng không khí vừa đủ (giả sử không khí oxi chiếm 20%, lại khí nitơ) thu hỗn hợp gồm CO2, nước N2 có tổng khối lượng 43,4 gam Trị số m A 3,39 B 4,52 C 5,65 D 3,42 Bài 18 (Đề NC) Trộn thể tích oxi với thể tích không khí (gồm 20% thể tích oxi, lại nitơ) thu hỗn hợp khí X Dùng X để đốt cháy hoàn toàn V lít khí Y gồm hai amin no đơn chức mạch hở dãy đồng đẳng, sau phản ứng thu 9V lít hỗn hợp khí gồm CO2, H2O N2 Biết thể tích đo điều kiện Công thức phân tử amin A CH5N C2H7N B C2H7N C3H9N C C2H5N C3H7N D C3H9N C4H11N Bài 19 Đốt cháy hoàn toàn 1,18 gam chất X (CxHyN) lượng không khí vừa đủ Dẫn toàn hỗn hợp khí sau phản ứng vào bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư, thu gam kết tủa có 9,632 lít khí (đktc) thoát khỏi bình Biết không khí chứa 20% oxi 80% nitơ thể tích Công thức phân tử X A C2H7N B C3H9N C C4H11N D C4H9N Bài 20 Este X tạo thành từ amino axit ancol etylic Đốt cháy hoàn toàn 10,3 gam X thu 17,6 gam khí CO2, 8,1 gam H2O 1,12 lit N2 (đktc) Amino axit tạo thành X A CH3-CH2-CH(NH2)-COOH B H2N-CH2-COOC2H5 C H2N-CH2-COOH D H2N-CH(CH3)-COOC2H5 Bài 21 Đốt cháy hết m gam hỗn hợp amin X gồm amin no, đơn chức, mạch hở thu a gam nước V lít CO2 (đktc) Mối quan hệ m, a, V là: A m = 17a/27 + 5V/42 B m = 7a/27 + 5V/42 C m = 17a/27 + V/42 D m = 17a/27 + 5V/32 Bài 22 Đốt cháy hoàn toàn 13,4 gam hợp chất hữu X không khí vừa đủ (chứa 80% N2 20% O2 thể tích), thu 22 gam CO2, 12,6 gam H2O 69,44 lít N2 (đktc) CTPT X (biết CTPT trùng với CTĐGN) A C5H14N2 B C5H14O2N C C5H14ON2 D C5H14O2N2 Bài 23 Hỗn hợp X gồm O2 O3 có tỉ khối so với H2 22 Hỗn hợp khí Y gồm metylamin etylamin có tỉ khối so với H2 17,833 Để đốt cháy hoàn toàn V1 lít Y cần vừa đủ V2 lít X (biết sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2, chất khí đo điều kiện nhiệt độ, áp suất) Tỉ lệ V1 : V2 là: A : B : C : D : Bài 24 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp hai amin no, đơn chức, dãy đồng đẳng, thu 1,568 lít khí CO2 (đktc) 1,8 gam H2O Số đồng phân cấu tạo thuộc loại amin bậc hai hai amin A B C D Bài 25 Đốt cháy hoàn toàn m gam chất hữu X (chứa C, H, N) cần dùng 15,12 lít O2 (đ ktc) Sản phẩm cháy cho lội chậm qua bình đựng nước vôi dư, thấy có 40 gam kết tủa xuất có 1120 ml khí (đ ktc) bay Số đồng phân cấu tạo amin bậc X : A B C D Bài 26 Lấy 15,660 gam amin đơn chức, mạch hở X trộn với 168 lít không khí (đktc) Bật tia lửa điện để đốt cháy hoàn toàn X, hỗn hợp sau phản ứng đưa 0oC, atm để ngưng tụ hết nước tích 156,912 lít Số công thức cấu tạo amin bậc I X A B C D Bài 27 Hỗn hợp khí X gồm đimetylamin hai hiđrocacbon đồng đẳng liên tiếp (phân tử hiđrocacbon có liên kết pi, mạch hở) Đốt cháy hoàn toàn 100 ml hỗn hợp X lượng oxi vừa đủ, thu 550 ml hỗn hợp Y gồm khí nước Nếu cho Y qua dung dịch axit sunfuric đặc (dư) lại 250 ml khí (các thể tích khí đo điều kiện) Tổng số nguyên tử phân tử hai hiđrocacbon A 15 B 13 C 21 D 19 Bài 28 Đốt cháy hoàn toàn 11,25 gam hỗn hợp X gồm amin no, đơn chức, mạch hở (trong phân tử có số C nhỏ 4) lượng không khí (chứa 20% thể tích O2 lại N2) vừa đủ thu CO2, H2O 3,875 mol N2 Mặt khác, cho 11,25 gam X tác dụng với axit nitrơ dư thu khí N2 tích bé lít (ở đktc) Amin có lực bazơ lớn X A trimetylamin B etylamin C đimetylamin D N-metyletanamin Bài 29 Hỗn hợp X gồm mol amin no mạch hở Y mol amino axit no mạch hở Z tác dụng vừa đủ với mol HCl hay mol NaOH Đốt a gam hỗn hợp X cần 46,368 lít O2 (đktc) thu 8,064 lít khí N2 (đktc) Nếu cho a gam hỗn hợp tác dụng với dung dịch HCl dư thu gam muối ? A 75,52 B 84,96 C 89,68 D 80,24 LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1: Đáp án C Chọn C Câu 2: Đáp án D • TH1: Giả sử Y X nguyên tử C nguyên tử N Đặt X CnH2n + 3N (a mol); Cn + 1H2n + 6N2 (b mol) 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + 1N2 Cn + 1H2n + 6N2 → (n + 1)CO2 + 1N2 nH = nCnH2n + 3N + nCn + 1H2n + 6N2 = a + b = 4, 48 44 nCO2 = na + (n + 1)b = 44 = mol; nN2 = 0,5a + b = 22, = 0,2 mol → a = 0,2 mol; b = 0,1 mol; n = • TH2: Giả sử X Y C Y N Đặt X CnH2n + 4N2 (a mol); Y Cn + 1H2n + 5N (b mol) 1CnH2n + 4N2 → nCO2 + 1N2 2Cn + 1H2n + 5N → (n + 1)CO2 + 1N2 nH = nCnH2n + 4N2 + nCn + 1H2n + 5N = a + b = 4, 48 44 nCO2 = na + (n + 1)b = 44 = mol; nN2 = a + 0,5b = 22, = 0,2 mol → a = 0,1 mol; b = 0,2 mol; n = 2,677 Vậy không chất thỏa mãn → Đáp án D Câu 3: Đáp án A khí thoát khỏi bình Chọn A Câu 4: Đáp án B Chọn B Câu 5: Đáp án A Đặt Y (HOOC)2R-NH2 Z HOOC-R1-NH2 Biện luận kết hợp số C < => MR = C3H5- (M = 41), MR1 = -CH2- (M = 14) Vậy hỗn hợp X gồm H2NCH2-CH(COOH)-CH2COOH, H2NCH2COOH → Chọn A Câu 6: Đáp án A •- Ta có VN2 = Vkk × 80% = 26,88 × 80% = 21,504 lít VO2 = Vkk × 20% = 26,88 × 20% = 5,376 lít Sau phản ứng có 22,4 lít khí N2 thoát khỏi bình gồm N2 không khí N2 phản ứng cháy VN2 = VN2 tổng - VN2 không khí = 22,4 - 21,504 = 0,896 lít 5,376 - nO2 = 22, = 0,24 mol 12 nCO2 = nCaCO3 = 100 = 0,12 mol Theo bảo toàn oxi nO không khí = nO CO2 + nO H2O × nO2 = × nCO2 + nH2O nH2O = × 0,24 - × 0,12 = 0,24 mol 22, nN2 tổng = 22, = mol 21,504 nN2 không khí = 22, = 0,96 mol Ta có mamin = mCO2 + mH2O + mN2 tổng - mO2 - mN2 không khí = 0,12 × 44 + 0,24 × 18 + × 28 - 0,24 × 32 - 0,96 × 28 = 3,04 gam → Đáp án A Câu 7: Đáp án A - Sản phẩm cháy cho qua bình đựng dung dịch Ba(OH)2 CO2, H2O bị hấp thụ Ta có nCO2 = nBaCO3 = 39,4 : 197 = 0,2 mol mà: mgiảm = mBaCO3 - (mCO2 + mH2O) = 24,3 → mH2O = 39,4 - 0,2 × 44 - 24,3 = 6,3 gam → nH2O = 6,3 : 18 = 0,35 mol - Theo bảo toàn oxi ta có × nO2 = × nCO2 + × nH2O → nO2 = (2 × 0,2 + × 0,35) ÷ = 0,375 mol → nN2 không khí = × nO2 = × 0,375 = 1,5 mol; mà nN2 tổng = 34,72 ÷ 22,4 = 1,55 mol nN2 = nN2 tổng - nN2 không khí = 1,55 - 1,5 = 0,05 mol - Đặt X CxHyNz ta có x : y : z = 0,2 : 0,7 : 0,1 = : : Mà MX < 64 → X C2H7N Ta chọn đáp án A Câu 8: Đáp án A Chọn A Câu 9: Đáp án A • nCO2 = nCaCO3 = 100 = 0,06 mol - Nhận thấy đáp án amin no, đơn chức nên đặt X CnH2n + 3N 1CnH2n + 3N → nCO2 Ta có → n = → X C3H9N → Chọn A Câu 10: Đáp án A mà đimetylamin có 2C nên hidrocacbon có chất có C nhỏ 1,4, CH4 Chọn A Câu 11: Đáp án A • nCO2 = 0,8 mol; nH2O = 1,1 mol - Theo bảo toàn Oxi × nO2 = × nCO2 + nH2O nO2 = = 1,35 mol 5,5 mol N2 tổng gồm N2 sản phẩm cháy N2 không khí Ta có nN2 không khí = × nO2 = × 1,35 = 5,4 mol nN2 = nN2 tổng - nN2 không khí = 5,5 - 5,4 = 0,1 mol - Đặt X CxHyNz nC = nCO2 = 0,8 mol nH = × nH2O = × 1,1 = 2,2 mol nN = × nN2 = × 0,1 = 0,2 mol Ta có x : y : z = nC : nH : nN = 0,8 : 2,2 : 0,2 = : 11 : Vậy X C4H11N - X tác dụng HNO2 cho ancol bậc → X amin bậc -NH2 đính vào C đầu mạch : CH3CH2CH2CH2NH2 CH3CH(CH3)CH2NH2 → Có amin thỏa mãn → Chọn A Câu 12: Đáp án D • nCO2 = 0,4 mol; nH2O = 0,7 mol - Theo bảo toàn Oxi × nO2 = × nCO2 + nH2O nO2 = = 0,75 mol 3,1 mol N2 tổng gồm N2 sản phẩm cháy N2 không khí Ta có nN2 không khí = × nO2 = × 0,75 = mol nN2 = nN2 tổng - nN2 không khí = 3,1 - = 0,1 mol • Đặt X CxHyNz nC = nCO2 = 0,4 mol nH = × nH2O = × 0,7 = 1,4 mol nN = × nN2 = × 0,1 = 0,2 mol Ta có x : y : z = nC : nH : nN = 0,4 : 1,4 : 0,2 = : : Vậy X C2H7N - Các đồng phân cấu tạo X CH3CH2NH2; CH3NHCH3 → Có amin thỏa mãn → Chọn D Câu 13: Đáp án B • nO2 = 0,675 mol; nCO2 = nCaCO3 = 0,4 mol; nN2 = 0,05 mol - Đặt X CxHyNz nC = nCO2 = 0,4 mol Theo bảo toàn oxi : × nO2 = × nCO2 + × nH2O nH2O = x (0,675 – 0,4)= 0,55 mol nH = × nH2O = × 0,55 = 1,1 mol nN = × nN2 = × 0,05 = 0,1 mol Ta có x : y : z = nC : nH : nN = 0,4 : 1,1 : 0,1 = : 11 : Vậy X C4H11N Các đồng phân thỏa mãn CH3CH2CH2CH2NH2 CH3CH(NH2)CH2CH3 CH3CH(CH3)CH2NH2 CH3C(CH3)(NH2)CH2CH3 → Chọn B Câu 14: Đáp án B • Đặt công thức chung amin CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 = 0,07 mol; nH2O = 0,1 mol Ta có n = 3,5 → Hai amin C3H9N C4H11N Các amin bậc hai - CH3NHCH2CH3 - CH3NHCH2CH2CH3, CH3NHCH(CH3)2, CH3CH2NHCH2CH3 → Có đồng phân amin bậc → Chọn B Câu 15: Đáp án A Y,Z=T: Câu 16: Đáp án A Gọi công thức amin là: => Đáp án A Câu 17: Đáp án B Có nhiều hướng giải: dùng sơ đồ đường chéo tìm tỉ lệ chất viết PTPƯ; quy đốt C2H4 NH3 đốt; … Hoặc đại diện X CnH2n+3N Có MX = 22,6 → n = 0,4 → X: C0,4H3,8N Viết phản ứng đốt cháy X, ý sản phẩm có N2 không khí → đáp án m = 4,52 gam Chọn B Câu 18: Đáp án A Trộn 2x mol O2 với 5x mol không khí → X gồm: 3x mol O2 4x mol N2 Y no, đơn chức, mạch hở nên đốt Y có dạng: X Y phản ứng vừa đủ nên cho V lít Y ↔ mol 9V hỗn hợp sau phản ứng mol từ tỉ lệ phản ứng đốt ta có: 3x = (6n+3) ÷ → 4x = 6n + Sau phản ứng có: (½ + 6n + 3) mol N2 + ½(2n + 3) mol H2O n mol CO2 có ∑ mol = → n = 1,5 amin đồng đẳng nên CH5N C2H7N chọn đáp án A Câu 19: Đáp án B • CxHyNz + O2 → CO2 + H2O + N2 nCO2 = : 100 = 0,06 mol; nN2 tổng = 9,632 : 22,4 = 0,43 mol Đặt nO2 = a mol → nN2 không khí = 4a mol Theo bảo toàn nguyên tố Oxi × nO2 = × nCO2 + × nH2O → nH2O = 2a - × 0,06 = 2a - 0,12 mol Theo định luật bảo toàn nguyên tố mX + mO2 + mN2 không khí = mCO2 + mH2O + mN2 tổng → 1,18 + a × 32 + 4a × 28 = 0,06 × 44 + (2a - 0,12) × 18 + 0,43 × 28 → a = 0,105 mol → nN2 = nN2 tổng - nN2 không khí = 0,43 - 0,105 × = 0,01 mol; nH2O = × 0,105 - × 0,06 = 0,09 mol • nC = nCO2 = 0,06 mol; nH = × nH2O = × 0,09 = 0,18 mol; nN = × nN2 = × 0,01 = 0,02 mol Ta có x : y : z = 0,06 : 0,18 : 0,02 = : : → X C3H9N → Đáp án đáp án B Câu 20: Đáp án C Chọn C Câu 21: Đáp án A • Đặt công thức chung amin CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O V Ta có nC = nCO2 = 22, mol a a = nH = × nH2O = × 18 mol nN = nX = Vậy mX = m = mC + mH + mN = → Đáp án A Câu 22: Đáp án D • Đặt X CxHyOzNt CxHyOzNt + O2 + N2 không khí → CO2 + H2O + N2 (sản phẩm cháy + không khí) N2 thu từ không khí gồm N2 không khí N2 từ sản phẩm Ta có mO2 = 32a = mCO2 + mH2O + mN2 - mX - mN2 không khí = 22 + 12,6 + 3,1 × 28 - 13,4 - 4a × 28 a = 0,75 mol nN = × (nN2 - nN2 không khí) = × (3,1 - 0,75 × 4) = 0,2 mol nO = nO CO2 + nO H2O - nO O2 = × nCO2 + nH2O - × nO2 = × 0,5 + 0,7 - × 0,75 = 0,2 mol Ta có x : y : z : t = nC : nH : nO : nN = 0,5 : 1,4 : 0,2 : 0,2 = : 14 : : Vì CTPT ≡ CTĐGN nên X C5H14O2N2 → Đáp án D Câu 23: Đáp án D Ta có MX = 44 → nO2 : nO3 = 1: 107 Ta có MY = mà Y amin no đơn chức CnH2n+3N → n= Gọi số mol O2 O3 cần dùng x 3x mol để đốt cháy hết y mol hỗn hợp amin có công thức chung la C H 17 N 3 4y 17 y → nCO2 = mol, nH2O = mol y 17 y Bảo toàn nguyên tố O → 2x+3x.3 = + → x : y = 1:2 Đáp án D Câu 24: Đáp án B Gọi công thức amin đơn chức CnH2n+3N → n = 0,07 : 0,02 = 3,5 mà amin no đơn chức → amin C4H11N C3H9N Số đồng phân amin bậc hai amin Với C4H11N có : CH3-NH-CH2-CH2-CH3, CH3-NH-CH(CH3)2, C2H5-NH-C2H5 Với C3H9N có : CH3-NH-C2H5 Đáp án B Câu 25: Đáp án B • X có dạng CxHyOzNt X + O2 → CO2 + H2O +n2 nO2 = 15,12 : 22,4 = 0,675 mol; nCO2 = n↓ = 40 : 100 = 0,4 mol; nN2 = 1,12 : 22,4 = 0,05 mol Theo bảo toàn oxi nH2O = × nO2 - × nCO2 = × 0,675 - × 0,4 = 0,55 mol Theo bảo toàn khối lượng mX = 0,4 × 44 + 0,55 × 18 + 0,05 × 28 - 0,675 × 32 = 7,3 gam • nC = nCO2 = 0,4 mol; nH = × nH2O = × 0,55 = 1,1 mol; nN = × nN2 = × 0,05 = 0,1 mol mO = 7,3 - 0,4 × 12 - 1,1 × - 14 × 0,1 = → z = x : y : t = 0,4 : 1,1 : 0,1 = : 11 : → X C4H11N Các đồng phân amin bậc X CH3CH2CH2CH2NH2, CH3CH(NH2)CH2CH3; CH3CH(CH3)CH2NH2, CH3C(CH3)(NH2)CH3 → Có đồng phân amin bậc → Đáp án đáp án B Câu 26: Đáp án C Gọi công thức amin CxHyN Ta thấy, mol O2 phản ứng tạo thành mol CO2 mol O2 phản ứng tạo thành mol H2O Thể tích khí sau phản ứng nhỏ trước phản ứng lượng O2 phản ứng tạo thành H2O (H2O ngưng tụ) có thêm khí N2 sinh ( khí N2 lượng O2 đi) Giải phương trình nghiệm nguyên ta tính x=5 y=13 Vậy, amin C5H13N Các đồng phân => Đáp án C Câu 27: Đáp án A Trong điều kiện nhiệt độ áp suất tỉ lệ thể tích tỉ lệ số mol Hai hiđrocacbon đồng đẳng liên tiếp, phân tử hiđrocacbon có liên kết pi, mạch hở → hidrocacbon ankan anken Luôn có VH2O = 550- 250 = 300 ml , VCO2 + V N2 = 250 ml Nếu hỗn hợp hidrocacbon no (ankan)→ Vankan + Vamin = VH2O - VCO2 - VN2 = 50 < 100 ml ( Loại0 Nếu hỗn hợp anken → Vanken= VH2O -VCO2 - VN2 = 50 ml → Vamin = 50 ml → VN2= 25ml → 50 2+ 50.n = 250-25 → n = 2,5 → hai anken C2H4 C3H6 Vậy số nguyên tử phân tử hai hiđrocacbon là: 15 Đáp án A Câu 28: Đáp án C Câu 29: Đáp án B Hỗn hợp X gồm mol amin no mạch hở Y mol amino axit no mạch hở Z tác dụng vừa đủ với mol HCl hay mol NaOH → Y amin no chứa chức amin CnH2n+4N2 , Z chứa chức COOH chức amin CmH2m1NO4 ( với m ≥ 3) Chú ý đốt a gam hỗn hợp X tỉ lệ chất Y, Z tương ứng 1:2 Gọi số mol Y, Z tương ứng a gam b, 2b mol CnH2n+4N2 + (1,5n +1) O2 → nCO2 + (n + 2) H2O + N2 CmH2m-1NO4 + ( 1,5m-2,25)O2 → mCO2 + (m-0,5)H2O + 0,5N2 Có nN2 = b + 2b 0,5 = 0,36 → b = 0,18 mol Có nO2 = 0,18 ( 1,5n+1) + 0,36 ( 1,5m - 2,25) = 2,07 → n + 2m = 10 → a = 0,18 ( 14n +32) + 0,36 ( 14m + 77) = 0,18 14 ( n+ 2m) + 0,18 32 + 0,36 77= 58,68g Có nHCl = 2nY + nZ = 0,18 + 0,36 = 0,72 mol Bảo toàn khối lượng → mmuối = mX + mHCl = 58, 68 + 0,72 36,5 = 84,96 gam Đáp án B [...]... O → 2x+3x.3 = 2 3 + 6 → x : y = 1:2 Đáp án D Câu 24: Đáp án B Gọi công thức của 2 amin nó đơn chức là CnH2n+3N → n = 0,07 : 0,02 = 3,5 mà 2 amin no đơn chức kế tiếp → 2 amin là C4H11N và C3H9N Số đồng phân amin bậc 2 của hai amin là Với C4H11N có : CH3-NH-CH2-CH2-CH3, CH3-NH-CH(CH3)2, C2H5-NH-C2H5 Với C3H9N có : CH3-NH-C2H5 Đáp án B Câu 25: Đáp án B • X có dạng CxHyOzNt X + O2 → CO2 + H2O +n2 nO2 =... VCO2 - VN2 = 50 < 100 ml ( Loại0 Nếu hỗn hợp là anken → Vanken= VH2O -VCO2 - VN2 = 50 ml → Vamin = 50 ml → VN2= 25ml → 50 2+ 50.n = 25 0-2 5 → n = 2,5 → hai anken là C2H4 và C3H6 Vậy số nguyên tử trong phân tử của hai hiđrocacbon là: 15 Đáp án A Câu 28: Đáp án C Câu 29: Đáp án B Hỗn hợp X gồm 1 mol amin no mạch hở Y và 2 mol amino axit no mạch hở Z tác dụng vừa đủ với 4 mol HCl hay 4 mol NaOH → Y là amin. ..Chọn A Câu 9: Đáp án A 6 • nCO2 = nCaCO3 = 100 = 0,06 mol - Nhận thấy các đáp án amin đều no, đơn chức nên đặt X là CnH2n + 3N 1CnH2n + 3N → nCO2 Ta có → n = 3 → X là C3H9N → Chọn A Câu 10: Đáp án A mà đimetylamin có 2C nên trong 2 hidrocacbon có 1 chất có C nhỏ hơn 1,4, đó là CH4 Chọn A Câu 11: Đáp án A • nCO2 = 0,8 mol; nH2O = 1,1 mol - Theo bảo toàn Oxi 2 × nO2 = 2 × nCO2 + nH2O... CH3NHCH(CH3)2, CH3CH2NHCH2CH3 → Có 4 đồng phân amin bậc 2 → Chọn B Câu 15: Đáp án A Y,Z=T: Câu 16: Đáp án A Gọi công thức amin là: => Đáp án A Câu 17: Đáp án B Có khá nhiều hướng giải: dùng sơ đồ đường chéo tìm ra tỉ lệ 2 chất rồi viết PTPƯ; quy về đốt C2H4 và NH3 rồi đốt; … Hoặc đại diện X bằng CnH2n+3N Có MX = 22,6 → n = 0,4 → X: C0,4H3,8N Viết phản ứng đốt cháy X, chú ý sản phẩm có cả N2 của không khí →... → Đáp án A Câu 22: Đáp án D • Đặt X là CxHyOzNt CxHyOzNt + O2 + N2 không khí → CO2 + H2O + N2 (sản phẩm cháy + không khí) N2 thu được từ không khí gồm N2 không khí và N2 từ sản phẩm Ta có mO2 = 32a = mCO2 + mH2O + mN2 - mX - mN2 không khí = 22 + 12,6 + 3,1 × 28 - 13,4 - 4a × 28 a = 0,75 mol nN = 2 × (nN2 - nN2 không khí) = 2 × (3,1 - 0,75 × 4) = 0,2 mol nO = nO trong CO2 + nO trong H2O - nO trong O2... nCO2 + nH2O - 2 × nO2 = 2 × 0,5 + 0,7 - 2 × 0,75 = 0,2 mol Ta có x : y : z : t = nC : nH : nO : nN = 0,5 : 1,4 : 0,2 : 0,2 = 5 : 14 : 2 : 2 Vì CTPT ≡ CTĐGN nên X là C5H14O2N2 → Đáp án D Câu 23: Đáp án D Ta có MX = 44 → nO2 : nO3 = 1: 3 107 4 Ta có MY = 3 mà Y đều là các amin no đơn chức CnH2n+3N → n= 3 Gọi số mol O2 và O3 cần dùng lần lượt là x và 3x mol để đốt cháy hết y mol hỗn hợp amin có công thức... tổng - nN2 không khí = 0,43 - 0,105 × 4 = 0,01 mol; nH2O = 2 × 0,105 - 2 × 0,06 = 0,09 mol • nC = nCO2 = 0,06 mol; nH = 2 × nH2O = 2 × 0,09 = 0,18 mol; nN = 2 × nN2 = 2 × 0,01 = 0,02 mol Ta có x : y : z = 0,06 : 0,18 : 0,02 = 3 : 9 : 1 → X là C3H9N → Đáp án đúng là đáp án B Câu 20: Đáp án C Chọn C Câu 21: Đáp án A • Đặt công thức chung của 3 amin là CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O V Ta có. .. -NH2 đính vào C đầu mạch : CH3CH2CH2CH2NH2 CH3CH(CH3)CH2NH2 → Có 2 amin thỏa mãn → Chọn A Câu 12: Đáp án D • nCO2 = 0,4 mol; nH2O = 0,7 mol - Theo bảo toàn Oxi 2 × nO2 = 2 × nCO2 + nH2O nO2 = = 0,75 mol 3,1 mol N2 tổng gồm N2 sản phẩm cháy và N2 không khí Ta có nN2 không khí = 4 × nO2 = 4 × 0,75 = 3 mol nN2 = nN2 tổng - nN2 không khí = 3,1 - 3 = 0,1 mol • Đặt X là CxHyNz nC = nCO2 = 0,4 mol nH = 2 ×... 2 × nN2 = 2 × 0,1 = 0,2 mol Ta có x : y : z = nC : nH : nN = 0,4 : 1,4 : 0,2 = 2 : 7 : 1 Vậy X là C2H7N - Các đồng phân cấu tạo của X là CH3CH2NH2; CH3NHCH3 → Có 2 amin thỏa mãn → Chọn D Câu 13: Đáp án B • nO2 = 0,675 mol; nCO2 = nCaCO3 = 0,4 mol; nN2 = 0,05 mol - Đặt X là CxHyNz nC = nCO2 = 0,4 mol Theo bảo toàn oxi : 2 × nO2 = 2 × nCO2 + 1 × nH2O nH2O = 2 x (0,675 – 0,4)= 0,55 mol nH = 2 × nH2O =... mol Ta có x : y : z = nC : nH : nN = 0,4 : 1,1 : 0,1 = 4 : 11 : 1 Vậy X là C4H11N Các 4 đồng phân thỏa mãn là CH3CH2CH2CH2NH2 CH3CH(NH2)CH2CH3 CH3CH(CH3)CH2NH2 CH3C(CH3)(NH2)CH2CH3 → Chọn B Câu 14: Đáp án B • Đặt công thức chung của 2 amin là CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 = 0,07 mol; nH2O = 0,1 mol Ta có n = 3,5 → Hai amin là C3H9N và C4H11N Các amin bậc hai là - CH3NHCH2CH3 - CH3NHCH2CH2CH3, ... dụng với axit nitrơ dư thu khí N2 tích bé lít (ở đktc) Amin có lực bazơ lớn X A trimetylamin B etylamin C đimetylamin D N-metyletanamin Bài 29 Hỗn hợp X gồm mol amin no mạch hở Y mol amino axit no... án B Hỗn hợp X gồm mol amin no mạch hở Y mol amino axit no mạch hở Z tác dụng vừa đủ với mol HCl hay mol NaOH → Y amin no chứa chức amin CnH2n+4N2 , Z chứa chức COOH chức amin CmH2m1NO4 ( với m... cần 174,72 lít O2 (đktc), thu N2, CO2 133,2 gam nước Chất Y A metylamin B etylamin C propylamin D butylamin Bài 16 Hỗn hợp X gồm amin no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng anken Đốt cháy m gam hỗn hợp