Đang tải... (xem toàn văn)
C©u 1. Mét TB sinh dôc s¬ khai cña mét loµi nguyªn ph©n liªn tiÕp mét sè ®ît, m«i trêng néi bµo cung cÊp nguyªn liÖu ®Ó h×nh thµnh 9690 NST ®¬n míi. C¸c TB con nguyªn ph©n lÇn cuèi ®Òu t¹o tinh trïng cã, cã 512 tinh trïng mang NST Y. a. X¸c ddingj bä NST 2n cña loµi vµ sè lÇn nguyªn ph©n. b. NÕu TB sinh tinh cña loµi khi ph¸t sinh giao tö kh«ng x¶y ra ®ét biÕn, mçi cÆp NST t¬ng ®ång ®Òu cã cÊu tróc kh¸c nhau. Cã trao ®æi chÐo x¶y ra t¹i 1 ®iÓm trªn 2 cÆp NST, trao ®æi chÐo t¹i hai ®iÓm kh«ng ®ång thêi trªn 3 cÆp NST vµ trao ®æi chÐo t¹i 2 ®iÓm x¶y ra ®ång thêi trªn 1 cÆp NST th× tèi ®a xuÊt hiÖn bao nhiªu lo¹i giao tö. Gi¶i a. Gäi 2n lµ bé NST lìng béi cña loµi x lµ sè lÇn NP cña mçi TB Ta cã 2n. (2x 1) = 9690 Sè TB con t¹o ra sau NP = 2x Ta cã 2x . 4 = 512.2 = 1024 x = 8 2n (256 1) = 9690 2n = 38 b. Cã 2 cÆp NST cã T§C t¹i 1 ®iÓm t¹o ra 22+2 = 16 lo¹i giao tö. Cã 3 cÆp NST trao ®æi chÐo t¹i 2 ®iÓm kh«ng cïng lóc t¹o ra 6.6.6 = 216 lo¹i giao tö. Cã 1 cÆp NST cã T§C t¹i 2 ®iÓm cïng lóc t¹o ra 8 lo¹i giao tö. Cßn l¹i 13 cÆp NST ph©n li ®éc lËp t¹o ra 2 13 lo¹i giao tö. §S = 16.216.8. 213 = 226492416. C©u 2.
S GIO DC V O TO TNH THANH HOá HNG DN CHM THI CHN HSG GII TON TRấN MY TNH CM TAY NM HC 2011 2012 Mụn: SINH HC. Lp 12. Cp THPT Ngy thi: 13/12/2011 Câu 1. Một TB sinh dục sơ khai của một loài nguyên phân liên tiếp một số đợt, môi trờng nội bào cung cấp nguyên liệu để hình thành 9690 NST đơn mới. Các TB con nguyên phân lần cuối đều tạo tinh trùng có, có 512 tinh trùng mang NST Y. a. Xác ddingj bọ NST 2n của loài và số lần nguyên phân. b. Nếu TB sinh tinh của loài khi phát sinh giao tử không xảy ra đột biến, mỗi cặp NST tơng đồng đều có cấu trúc khác nhau. Có trao đổi chéo xảy ra tại 1 điểm trên 2 cặp NST, trao đổi chéo tại hai điểm không đồng thời trên 3 cặp NST và trao đổi chéo tại 2 điểm xảy ra đồng thời trên 1 cặp NST thì tối đa xuất hiện bao nhiêu loại giao tử. Giải a. Gọi 2n là bộ NST lỡng bội của loài x là số lần NP của mỗi TB Ta có 2n. (2 x - 1) = 9690 Số TB con tạo ra sau NP = 2 x Ta có 2 x . 4 = 512.2 = 1024 x = 8 2n (256 - 1) = 9690 2n = 38 b. - Có 2 cặp NST có TĐC tại 1 điểm tạo ra 2 2+2 = 16 loại giao tử. - Có 3 cặp NST trao đổi chéo tại 2 điểm không cùng lúc tạo ra 6.6.6 = 216 loại giao tử. - Có 1 cặp NST có TĐC tại 2 điểm cùng lúc tạo ra 8 loại giao tử. - Còn lại 13 cặp NST phân li độc lập tạo ra 2 13 loại giao tử. ĐS = 16.216.8. 2 13 = 226492416. Câu 2. Quá trình ngẫu phối, xét 2 gen: gen 1 có 3 alen, gen 2 có 5 alen. a. Gen 1 nằm trên NST X, không có trên Y; gen 2 nằm trên NST thờng. Tính số KG tối đa trong quần thể. b. Nếu 2 gen nằm trên NST thờng. Tính số KG tối đa trong quần thể. Giải a. Số KG tạo ra trên NST giới tính = 3(3+3)/2 = 9 Số KG tạo ra trên NST thờng = 5(5+1)/2 = 15 ĐS = 9.15 = 135. b. - Nếu 2 gen nằm trên 2 cặp NST thờng thì ĐS = 3.(3+1)/2.5(5+1)/2 = 6.15 = 90 - Nếu gen nằm trên 1 cặp NST ĐS = 3.5(3.5+1)/2 = 120 Câu 3. ở thực vật: A: hoa đỏ; a: hoa trắng. Đỏ trội hoàn toàn so với trắng. Quần thể đạt cân bằng di truyền sau đó cho các cây tự thụ phấn qua 3 thế hệ liên tiếp, tỉ lệ cây hoa trắng ở F3 gấp 2 lần tỉ lệ cây hoa trắng ở thế hệ xuất phát. Xác định cấu trúc di truyền của quần thể ở trạng thái cân bằng. Giải Theo gt: A: đỏ; a: trắng. QT cân bằng DT có dạng p 2 AA : 2pqAa : q 2 aa (p+q=1) Sau khi tự thụ phấn qua 3 thế hệ thì: Tần số KG Aa = 1/2 3 . 2pq Tần số KG AA = p 2 + (2pq - 1/2 3 . 2pq):2 Tần số KG aa = q 2 + (2pq - 1/2 3 . 2pq):2 Theo gt, ta có: q 2 + (2pq - 1/2 3 . 2pq):2 = 2q 2 <-> q 2 - (2pq - 1/4pq):2 = 0 Thay p = 1-q ta đợc: q 2 (1-q)q + 1/8 (1-q)q = 0 <-> q 2 q + q 2 + 1/8q 1/8q 2 = 0 <-> 15q 2 7q = 0 <-> q = 7/15 = 0,46667 p = 1 0,46667 = 0,53333 Cấu trúc DT của QT ở trạng thái cân bằng là: 0,53333 2 AA : 2. 0,53333 . 0,46667 Aa : 0,46667 2 aa Câu 4. Ngời ta nuôi 2 chủng virut trong môi trờng có 5 ml. Chủng 1 có 10 6 tế bào, chủng 2 có 2.10 2 tế bào. a. Số lợng TB của mỗi chủng trong 1 ml dung dịch tại thời điểm t = 0 giờ? b. Sau 6 giờ, ở chủng 1 có 8.10 8 TB, ở chủng 2 có 10 6 tế bào. Thời gian 1 thế hệ của mỗi chủng trên là bao nhiêu? Giải a Số lợng TB của chủng I trong 1 ml dung dịch là: 10 6 /5 = 2.10 5 - Số lợng TB của chủng II trong 1 ml dung dịch là: 2.10 2 /5 = 40 b. Gọi g1 là thời gian thế hệ của chủng I số lần nhân đôi của chủng I = 6.60/g1 = 360/g1 Gọi g2 là thời gian thế hệ của chủng II số lần nhân đôi của chủng II = 6.60/g2 = 360/g2 Ta có 10 6 .2 360/g1 = 8.10 8 -> 2 360/g1 = 800 g1 = 360/log 2 800 = 2.10 2 . 2 360/g2 = 10 6 -> 2 360/g2 = 5.10 3 g2 = 360/log 2 5000 = Câu 5. Bố mẹ bình thờng sinh con bị mù màu, con gái lấy chồng bình thờng, họ dự định sinh con đầu lòng. a. Viết sơ đồ phả hệ. b. Tính xác suất sinh con trai đầu lòng bị mù màu. Giải a. Sơ đồ phả hệ b. Quy ớc: X A : Bình thờng; X a : Bị mù màu. Con trai mù màu có KG: X a Y nhận X a từ mẹ Mẹ bình thờng có KG X A X a ; Bố bình thờng có KG: X A Y Con gái của cặp vợ chồng trên có KG X A X A hoặc X A X a (xác suất xảy ra mỗi trờng hợp là 50%) Để sinh đợc cháu trai bị mù màu thì mẹ phải có KG X A X a Ta có X A X a x X A Y 1/4 X a Y Vậy ĐS = 1/4.50% = 1/8 = 12,5% Câu 6. ở ruồi giấm, khi lai 2 cá thể với nhau thu đợc F1 có tỉ lệ 0,04 trắng : dẹt, 0,54 đỏ, tròn : 0,21 đỏ, dẹt : 0,21 trắng, tròn. Xác định kiểu gen và kiểu hình và tỉ lệ mỗi loại giao tử của F1. Viết sơ đồ lai. Biết tính trạng nằm trên NST thờng. Giải Xét sự di truyền của từng tính trạng ở F1 Đỏ/trắng = 0,75/0,25 = 3/1 Phép lai là Aa x Aa Tròn / dẹt = 3/1 phép lai là Bb x Bb Tỉ lệ KH của F1 là tỉ lệ của HVG Xét KH trắng dẹt (ab/ab) ở F1 chiếm tỉ lệ 0,04 = 50%ab x 8% ab giao tử 8% ab là giao tử hoán vị Tần số HVG = 16% SĐL P. Đỏ tròn x Trắng - dẹt Ab/aB AB/ab GP: Ab = aB = 42% AB = ab = 50% AB = ab = 8% F 1 : 21% AB/Ab : 21%AB/aB: 21% Ab/ab: 21% aB/ab 4%AB/AB : 4%AB/ab: 4%AB/ab: 4%ab/ab KH: 54% đỏ tròn : 21% đỏ - dẹt : 21% trắng tròn : 4% trắng dẹt. Câu 7. Xét 1 cặp NST tơng đồng, mỗi NST chứa 1 phân tử ADN dài 0,102 mm. Phân tử ADN trong NST có nguồn gốc từ bố chứa 22%A. Phân tử ADN trong NST có nguồn gốc từ mẹ chứa 34 %A. a. Tính số lợng mỗi loại nu trên mỗi phân tử ADN ở mỗi NST. b. TB chứa cặp NST đó giảm phân cho 1 loại giao tử chứa 28%A. Tính số lợng nu trong ADN của mỗi loại giao tử. Giải a. Chiều dài của cả 2 phân tử ADN trên 2 NST tơng đồng là L = 0,102 mm = 0,102 . 10 7 = 1020000 A 0 N = 600000 nu - Xét ADN trong NST 1: %A = 22% A = 22% . 600000 = 132000 G = N/2 A = 300000 132000 = 168000 - Xét phân tử ADN trên NST 2 %A = 34% A = 34% . 600000 = 204000 G = N/2 A = 300000 204000 = 96000 Vậy: Số lợng từng loại nu trên phân tử ADN của NST 1 là A = T = 132000 G = X = 168000 Số lợng từng loại nu trên phân tử ADN của NST 2 là A = T = 204000 G = X = 96000 b. Kí hiệu 2 NST là B và b Giao tử chứa 28% A là giao tử đột biến Ta thấy giao tử chứa 28%A ứng với giao tử chứa cả 2 NST (Bb) Câu 8. Nhịp tim của chuột là 720 lần/phút, giả sử thời gian các pha của chu kì tim lần lợt là 1:3:9. Tính thời gian tâm nhĩ và tâm thất đợc nghỉ ngơi. Giải Theo gt, nhịp tim của chuột = 720 lần/phút 1 chu kì tim = 60/720 = 0,08333 s Tỉ lệ thời gian các pha: co tâm nhĩ : co tâm thất : giãn chung = 1 : 3 : 9 Thời gian từng pha là: 0,00641 : 0,01923 : 0,05769 Vậy: Thời gian tam nhĩ nghỉ ngơi = 0,08333 0,00641 = 0,07692 Thời gian tam thất nghỉ ngơi = 0,08333 0,01923 = 0,06410 Câu 9. ở một loài thực vật: A: có gai; a: không gai. A trội hoàn toàn so với a. Trong quần thể có 45 thể ba kép. a. Xác định bộ NST 2n của loài. b. Nếu cho cây có KG Aaa tự thụ phấn thì đời con F1 có kiểu hình không gai chiếm tỉ lệ bao nhiêu biết hạt phấn dị bội không có khả năng cạnh tranh nên không thụ tinh đợc. Giải a. Gọi 2n là bộ NST lỡng bội của loài Ta có C 2 n = 45 <-> n!/2! . (n-2)! = 45 <-> n.(n-1)/2 = 45 n= 10 2n = 20 b. Ta có SĐL P: Aaa x Aaa GP: 1A: 2a 1A: 2a:2Aa:1aa F1: Tỉ lệ aa = (4aa + 2aaa)/18 = 6/18 = 0,33333 Câu 10. ở thực vật, cho lai cây hoa đỏ thuần chủng với cây hoa trắng thu đợc F1 100% hoa đỏ. Cho F1 x F1 thu đợc F2 có 179 hoa đỏ : 128 hoa trắng. a. Xác suất ở F2 suất hiện 3 cây cùng lô đất có thể gặp ít nhất 1 cây hoa đỏ là bao nhiêu? b. Dùng tiêu chuẩn X 2 để kiểm định sự phù hợp hay không giữa só liệu thực tế và số liệu lí thuyết: (n-1) = 1; = 0,08 thì X 2 = 3,84. Giải a. Tỉ lệ KH ở F2 = 9:7 Trong đó 9 = 9A-B- 7 = 3A-bb + 3aaB- + 1aabb Để F2 có 3 cây trong đó có ít nhất 1 cây hoa đỏ thì xác suất là 1 (xác suất để 3 cây đều trắng) = 1 (7/16) 3 = 91,62598% b. Chú ý: - Đề thi do HS cung cấp nên cha hẳn đã hoàn toàn chính xác. - GV giải nhanh và không có máy tính trong tay nên 1 số đáp số cha hoàn toàn chính xác. . cây hoa đỏ thuần chủng với cây hoa trắng thu đợc F1 100% hoa đỏ. Cho F1 x F1 thu đợc F2 có 179 hoa đỏ : 128 hoa trắng. a. Xác suất ở F2 suất hiện 3 cây cùng lô đất có thể gặp ít nhất 1 cây hoa. S GIO DC V O TO TNH THANH HOá HNG DN CHM THI CHN HSG GII TON TRấN MY TNH CM TAY NM HC 2011 2012 Mụn: SINH HC. Lp 12. Cp THPT Ngy thi: 13/12 /2011 Câu 1. Một TB sinh dục sơ khai. A: hoa đỏ; a: hoa trắng. Đỏ trội hoàn toàn so với trắng. Quần thể đạt cân bằng di truyền sau đó cho các cây tự thụ phấn qua 3 thế hệ liên tiếp, tỉ lệ cây hoa trắng ở F3 gấp 2 lần tỉ lệ cây hoa