Đang tải... (xem toàn văn)
Câu 1 (1,5 điểm). Rút gọn các biểu thức sau: ; . Câu 2 (2,5 điểm). 1) Giải hệ phương trình: 2) Cho phương trình bậc hai: . a) Giải phương trình (1) khi m = 4. b) Tìm các giá trị của m để phương trình (1) có hai nghiệm thỏa mãn hệ thức : .
!"#!$%&' Thời gian làm bài: 120 phút, không kể thời gian phát đề Câu 1 (1,5 điểm)( Rút gọn các biểu thức sau: 20 2.250A 3 45= + − ; 1 15 12 B 5 2 3 2 − = − − + . Câu 2 (2,5 điểm)( 1) Giải hệ phương trình: ( ) ( ) x 1 x y2 1 3x 8y 19 − + − = − + = 2) Cho phương trình bậc hai: 2 x mx +m 1= 0 (1)− − . a) Giải phương trình (1) khi m = 4. b) Tìm các giá trị của m để phương trình (1) có hai nghiệm 1 2 x ;x thỏa mãn hệ thức : 1 2 1 2 x x 1 1 x x 2015 + + = . Câu 3 (1,5 điểm)( Cho hàm số (P): y = 2 1 x 4 . a) Vẽ đồ thị (P) của hàm số đó. b) Xác định a, b để đường thẳng (d): y = ax + b cắt trục tung tại điểm có tung độ bằng –2 và cắt đồ thị (P) nói trên tại điểm có hoành độ bằng 2. Câu 4 (4,0 điểm)( Cho đường tròn (O; R), dây cung BC cố định (BC < 2R) và điểm A di động trên cung lớn BC sao cho tam giác ABC có ba góc nhọn. Các đường cao BD và CE của tam giác ABC cắt nhau tại H. a) Chứng minh tứ giác ADHE là tứ giác nội tiếp. b) Giả sử · 0 BAC 60 = , hãy tính khoảng cách từ tâm O đến cạnh BC theo R. c) Chứng minh đường thẳng kẻ qua A và vuông góc với DE luôn đi qua một điểm cố định. d) Phân giác góc · ABD cắt CE tại M, cắt AC tại P. Phân giác góc · ACE cắt BD tại N, cắt AB tại Q. Tứ giác MNPQ là hình gì? Tại sao? Câu 5 (0,5 điểm): Chứng minh rằng: 1 1 21. 3. 31a b b a + + + > ÷ ÷ (với , 0a b > ). ) Họ và tên thí sinh: Số báo danh: Giám thị 1: Giám thị 2: UBND TỈNH HÀ NAM *+,-./011-2- .345 6+.7 8 !"#!$%&' 49Hướng dẫn chấm thi":;#<=>?@"' A$ BCD$" CE; A$ @' FG HCE; 20 2.250A 3 45 2 5 9 5 10 5= + − = + − = 5 0,75 I' FG HCE; ( ) 3 5 2 1 15 12 B 3 2 3 2 5 2 5 2 − − = − = − − + − − 0,25 3 2 3 2 = − − = − 0,5 A$ ( F HCE; + Tìm được y = 2 ( hoặc x = 1) + Tìm được giá trị còn lại + Kết luận nghiệm (x; y ) = ( 1; 2 ) 0,5 0,25 0,25 ' F HCE; a) +Khi m = 4 phương trình (1) trở thành 2 x 4x 3 0 − + = + Tìm được hai nghiệm x 1 = 1 ; x 2 = 3 0,5 0,5 b'Cách 1: + Chứng tỏ ∆ ≥ 0 nên được P/t (1) có nghiệm với mọi m 0,25 + Áp dụng hệ thức Viét : 1 2 1 2 x x m x .x m 1 + = = − 0,25 + Biến đổi hệ thức 1 2 1 2 x x 1 1 x x 2015 + + = thành m m m 1 2015 = − (*) 0,5 + Điều kiện của (*): m ≠ 1.Giải p/t (*) tìm được m = 0, m = 2016(tmđk) 0,5 Cách 2: + Chứng tỏ a + b + c = 0 nên được P/t (1) có nghiệm với mọi m 0,25 + Viết được x 1 = 1; x 2 = m – 1 0,25 + Biến đổi hệ thức 1 2 1 2 x x 1 1 x x 2015 + + = thành m m m 1 2015 = − (*) 0,25 + Điều kiện của (*): m ≠ 1.Giải p/t (*) tìm được m = 0, m = 2016(tmđk) 0,25 A$= @' FG + Lâp bảng giá trị có ít nhất 5 giá trị + Biểu diễn đúng 5 điểm trên mặt phẳng tọa độ 0,25 0,25 HCE; + Vẽ đường parabol đi qua 5 điểm 0,25 I' FG HCE; + Xác định đúng hệ số b = –2 + Tìm được điểm thuộc (P) có hoành độ bằng 2 là điểm (2; 1) + Xác định đúng hệ số a = 3 2 0,25 0,25 0,25 A$J @' F HCE; BD ⊥ AC (gt) ⇒ · ADB = 0 90 0,25 CE ⊥ AB (gt) ⇒ · AEC = 0 90 0,25 Tứ giác ADHE có µ µ 0 D + E 180 = nên là tứ giác nội tiếp. 0,25 I' F HCE; Kẻ OI ⊥ BC ( I BC ∈ ), nối O với B, O với C Có · BAC = 0 60 ⇒ · BOC = 0 120 (góc nội tiếp và góc ở tâm cùng chắn một cung) 0,5 OBC ∆ cân tại O ⇒ · 0 OCI 30 = 0,25 Suy ra OI R 2 = 0,25 #' F HCE; Gọi (d) là đường thẳng qua A và vuông góc với DE. Qua A kẻ tiếp tuyến sAt với đường tròn (O;R) ⇒ AO ⊥ sAt BEDC ◊ nội tiếp (E, D cùng nhìn BC dưới 1 góc vuông) · · ACB =AED ⇒ (cùng bù với · BED ) 0,25 Mặt khác · · BAs ACB = » 1 sdAB 2 = ÷ ⇒ · · BAs AED = sAt // DE ⇒ (hai góc ở vị trí so le trong) d sAt⇒ ⊥ 0,5 Có d sAt ⊥ , OA sAt ⊥ d OA⇒ ≡ (tiên đề Ơclit) ⇒ Đường thẳng (d) luôn đi qua điểm O cố định. 0,25 D' F HCE; Có · · ABD ACE= (cùng phụ với góc · BAC ). 0,25 · · · 1 ABP ECQ ABD 2 ⇒ = = ÷ QEC ∆ vuông tại E · · 0 ECQ EQC 90⇒ + = 0,5 CQ BP ⇒ ⊥ Mà BP, CQ là các phân giác nên MP, NQ cắt nhau tại trung điểm mỗi đường . Vậy có MNPQ là hình thoi. 0,25 A$ !KL Mọi cách làm khác mà đúng đều cho điểm tương đương. HẾT F HCE; * Ta có: + + + = + + + ÷ ÷ 1 1 21 3 21. 3. 21 3a b a b b a b a Với > , 0a b . Áp dụng bất đẳng thức Côsi, ta được: + ≥ × = 3 3 21 2 21 6 7a a a a (1) 21 21 3 2 3 6 7b b b b + ≥ × = (2) 0,25 Cộng từng vế của (1) và (2) ta được: 1 1 21 3 12 7a b b a × + + × + ≥ ÷ ÷ Mà: = = 12 7 144.7 1008 ; = = 2 31 31 961 ⇒ > 12 7 31 ⇒ 1 1 21 3 > 31a b b a × + + × + ÷ ÷ (đpcm) 0,25 . !"#!$%&' Thời gian làm bài: 120 phút, không kể thời gian phát đề Câu 1 (1,5 điểm)( Rút gọn các bi u thức sau: 20 2.250A 3 45= + − ; 1 15 12 B 5 2 3 2 − = − − + . Câu 2 (2,5 điểm)( 1) Giải. nghiệm với mọi m 0,25 + Áp dụng hệ thức Viét : 1 2 1 2 x x m x .x m 1 + = = − 0,25 + Bi n đổi hệ thức 1 2 1 2 x x 1 1 x x 2015 + + = thành m m m 1 2015 = − (*) 0,5 + Điều kiện của. + b + c = 0 nên được P/t (1) có nghiệm với mọi m 0,25 + Viết được x 1 = 1; x 2 = m – 1 0,25 + Bi n đổi hệ thức 1 2 1 2 x x 1 1 x x 2015 + + = thành m m m 1 2015 = − (*) 0,25 + Điều kiện