PHÂN TÍCH CÁC “B Ẫ Y” TH ƯỜ NG G Ặ P TRONG QUÁ TRÌNH H ƯỚ NG D Ẫ N GI Ả I BÀI T Ậ P HOÁ H Ọ C Ở TR ƯỜ NG THPT NH Ằ M PHÁT TRI Ể N T Ư DUY CHO HS Để h ướ ng d ẫ n HS Phát hi ệ n và phân tích nh ữ ng “b ẫ y” trong quá trình h ướ ng d ẫ n HS gi ả i bài t ậ p hoá h ọ c ở tr ườ ng THPT ta c ầ n hi ể u rõ m ộ t s ố v ấ n đề v ề c ơ s ở lý lu ậ n d ạ y h ọ c sau: 1 . Tìm hi ể u nh ữ ng sai l ầ m và c ơ ch ế phát sinh các sai l ầ m trong d ạ y h ọ c 1.1. Khái niệm về sai lầm – sai lầm trong nghiên cứu khoa học. Theo Trung tâm Từ điển học, Từ điển tiếng Việt (Nhà xuất bản Khoa học xã hội, Hà Nội, 1994) thì sai lầm là “trái với yêu cầu khách quan, lẽ phải, dẫn đến hậu quả không hay”. Sai lầm không chỉ xuất hiện trong cuộc sống mà còn xuất hiện cả trong học tập và nghiên cứu khoa học. Alber Einstein nói về tác hại của sai lầm trong nghiên cứu khoa học: “ Nếu tôi mắc sai lầm thì chỉ cần một lần cũng đủ rồi”. Trong giáo dục, I.A. Komensky khẳng định: “ Bất kì một sai lầm nào cũng có thể làm cho học sinh kém đi nếu như giáo viên không chú ý ngay tới sai lầm đó, bằng cách hướng dẫn học sinh nhận ra và sữa chữa, khắc phục sai lầm”. A.A. Stoliar cũng đã lên tiếng nhắc nhở giáo viên rằng: “không được tiếc thời gian để phân tích trên giờ học các sai lầm của học sinh”. 1.2. Nguyên nhân phát sinh các sai lầm của HS trong giải bài tập hoá học. Qua tìm hi ể u th ự c t ế ở các l ớ p tôi tr ự c ti ế p gi ả ng d ạ y, tìm hi ể u quá trình các em HS giải bài tập, các sai lâầm (các “bẫy”) mà các em thường gặp là: - Đọc không kỹ đề ra dẫn đến hiểu nhầm kiến thức, không phát hiện được các nội dung chính (các “ch ố t”) trong bài t ậ p. - Không xét h ế t các tr ườ ng h ợ p d ẫ n đế n “thi ế u nghi ệ m”. - Vận dụng các phương pháp giải toán một cách không hợp lí và triệt để trong việc giải các bài tập hoá học. - Chưa có phương pháp phân tích và tổng hợp kiến thức. - Khi giải toán không cân bằng phương trình hoá học. - Thiếu kỹ năng thực hành hoá học, các bài toán thực nghiệm còn mang nặng tính lý thuyết, không sát thực tế. - Sai lầm của học sinh về cách hiểu và vận dụng lí thuyết hóa học trong giải bài tập. 2. Ý nghĩa và tác dụng của việc phát hiện và phân tích những nhầm lẫn trong quá trình hướng dẫn HS giải bài tập hoá học ở trường THPT. Theo tôi, nếu giáo viên có khả năng dự đoán được các sai lầm (về cách hiểu kiến thức lẫn kĩ năng thực hành) mà HS thường mắc phải, sẽ tạo nên được các tình huống hấp dẫn trong bài tập mà ta có thể gọi là “bẫy”. Một giáo viên giỏi, có kinh nghiệm trong dạy học, sẽ có khả năng dự đoán được nhiều sai lầm của học sinh, làm cơ sở để xây dựng các bài t ậ p hoá h ọ c có n ộ i dung sâu s ắ c, ki ể m tra đượ c nh ữ ng sai ph ạ m mà h ọ c sinh m ắ c ph ả i trong quá trình học tập môn hóa học, để từ đó điều chỉnh quá trình dạy học nhằm khắc ph ụ c nh ữ ng sai l ầ m x ẩ y ra, t ừ đ ó giúp HS n ắ m v ữ ng và sâu ki ế n th ứ c h ơ n. 2.1. Nội dung nghiên cứu Việc tổng kết những sai lầm thường gặp trong dạy học hóa học cần có những nghiên cứu, điều tra cơ bản, bước đầu chúng tôi đề xuất một số dạng sai lầm phổ biến sau đây: HOCHOAHOC.COM 2.1.1. Những “nhầm lẫn” trong quá trình vận dụng kiến thức về phản ứng oxi hoá - khử Phản ứng oxi hoá - khử là một kiến thức rất quan trọng, nó xuyên suốt trong chương trình hoá học vô cơ, trong kiểm tra kiến thức của các kì thi từ tốt nghiệp, đại học đến các kỳ thi chọn HSG Tỉnh, Thành phố, đến các kì thi Quốc gia hầu hết đều có kiểm tra kiến thức về phản ứng oxi hoá - khử, việc hiểu và vận dụng kiến thức về phản ứng oxi hoá khử không thật đơn giản và dễ, sau đây là một số “nhầm lẫn” về việc vận dụng kiến thức này. Ví dụ 1: Hãy viết các PTHH sau đây dưới dạng ion đầy đủ và ion rút gọn a. Al + HNO 3 → Al(NO 3 ) 3 + NO 2 + H 2 O b. Fe + H 2 SO 4 → FeSO 4 + H 2 c. Mg + H 2 SO 4 (đặc, nóng) → MgSO 4 + S + H 2 O * Phân tích: Với loại câu hỏi này hầu hết HS đều áp dụng kiến thức về điện li và trình bày với kết quả sau: a. Phương trình ion đầy đủ: Al + 6 H + + 6 NO 3 - → Al 3+ + 3 NO 3 - + 3NO 2 + 3 H 2 O Phương trình ion rút gọn: Al + 6 H + + 3 NO 3 - → Al 3+ + 3 NO 2 + 3 H 2 O b. Phương trình ion đầy đủ: Fe + 2 H + + SO 4 2- → Fe 2+ + SO 4 2- + H 2 O Phương trình ion rút gọn là: Fe + 2 H + → Fe 2+ + H 2 c. Phương trình ion đầy đủ : 2 Fe + 8 H + + 4 SO 4 2- → 2 Fe 3+ + 3 SO 4 2- + S + 4 H 2 O Phương trình ion rút gọn: 2 Fe + 8 H + + SO 4 2- → 2 Fe 3+ + S + 4 H 2 O * Với cách giải trên HS đã phạm một sai lầm ở câu (c) - đó là nhìn phương trình ion rút gọn, ta thấy ion SO 4 2- có tính oxi hoá, nhưng thực chất ion SO 4 2- không có tính oxi hóa, mà tính oxi hoá là của cả phân tử H 2 SO 4 Ví dụ 2: X là một oxit sắt trong 3 oxit: FeO, Fe 2 O 3, Fe 3 O 4 . có % khối lượng sắt trong oxit là 72,41 %. Cho biết CTPT của X, tính thể tích dd HNO 3 0,7 M cần thiết để hoà tan hết 69,6 gam X, biết PƯHH giải phóng khí NO duy nhất. A. Fe 2 O 3, 4 l B. Fe 3 O 4 , 4l C. Fe 2 O 3 , 5l D. Fe 3 O 4 , 4/7l * Phân tích: Với bài toán này HS thấy ngay oxit sắt phải có tính khử, vì vậy X có thể là FeO hoặc Fe 3 O 4 , đối chiếu đáp án HS sẽ chọn ngay là đáp án B hoặc D. Việc tính thể tích HNO 3 HS sẽ áp dụng phương pháp bảo toàn electron như sau: - Qúa trình oxi hoá: 3 Fe +8/3 (Fe3O4) + 3e → 3 Fe 3+ Mol: 69,9/232 → 0,3 - Qúa trình khử: NO 3 - + 3 e + 4 H + → NO + 2 H 2 O Mol: 0,3 → 0,4 Vậy: Số mol HNO 3 đã tham gia phản ứng trên là: 0,4 (mol) Do đó thể tích dd HNO 3 là 0,4/0,7 = 4/7 → Chọn đáp án D * Với cách giải trên HS đã phạm một sai lầm là viết quá trình khử để tính số mol HNO 3 thì số mol HNO 3 trong quá trình đó là lượng HNO 3 tham gia PƯ oxihoa khử, còn HOCHOAHOC.COM lượng HNO 3 trong cả quá trình PƯ thì còn phải tính thêm lượng HNO 3 tham gia PƯ axit – bazơ với Fe 3 O 4 . Vì vậy ta có cách giải khác như sau: - PTHH: 3 Fe 3 O 4 + 28 HNO 3 → 9 Fe(NO 3 ) 3 + NO + 14 H 2 O (*) Mol: 0,3 → 2,8 Theo PTHH (*) Số mol HNO 3 là: 2,8 → Thể thích dd HNO 3 là 2,8/0,7 = 4 (lít) → Chọn đáp án B 2.1.2. Những “bẫy” về cách hiểu và vận dụng kiến thức Kiến thức hóa học phổ thông vừa phong phú vừa đa dạng, vừa lí thuyết vừa thực nghiệm, vừa trừu tượng và vừa cụ thể, nên việc mắc sai lầm trong học tập là điều khó tránh khỏi. Giáo viên nên có những dự đoán về sai lầm để tạo tình huống có vấn đề trong bài tập, phần nào giúp học sinh hiểu được những sai lầm đó qua hoạt động giải bài tập, tránh mắc phải những tình huống tương tự sau khi đã hiểu kiến thức một cách chính xác. Ví dụ 3: Đốt cháy hoàn toàn 14,4 gam một hiđrocacbon A thu được 44,0 gam gam CO 2. Tìm CTPT của hyđrocacbon A * Phân tích: Với bài tập này nhiều học sinh đưa ra lời giải như sau: Từ giả thiết → nCO 2 = 44 44 = 1,0 (mol) → mC = 12.1,0 = 12 (gam) Từ đ ó suy ra: mH = 14,4 – 12,0 = 2,4 (gam) → G ọ i CTTQ c ủ a hy đ rocacbon A là C x H y ta có: x : y = 12 1 mC mH = 1: 2,4 = 5: 12. V ậ y CTPT c ủ a hy đ rocacbon A là: C 5 H 12 . * V ớ i cách gi ả i trên nhi ề u h ọ c sinh đ ã ph ạ m sai l ầ m là nh ầ m l ẫ n gi ữ a công th ứ c th ự c nghi ệ m và CTPT, th ự c ch ấ t c ủ a vi ệ c gi ả i trên là m ớ i ch ỉ tìm ra đượ c công th ứ c th ự c nghi ệ m, để có CTPT ta ph ả i gi ả i nh ư sau. - Nh ư trên ta tìm đượ c: nCO 2 = 1,0 (mol), t ừ mH = 2,4 gam → nH 2 O = 1 2 nH = 1,2 mol Do: nH 2 O > nCO 2 nên A là ankan, t ừ đ ó A có công th ứ c t ổ ng quát là C n H 2n + 2, v ớ i n = 2 nCO nA = 1,0 1,2 1,0 − = 5. V ậ y CTPT c ủ a hy đ rocacbon A là: C 5 H 12 Ví dụ 4. Cho bi ế t đ i ể m sai c ủ a m ộ t s ố c ấ u hình electron sau và s ử a l ạ i cho đ úng? a. 1s 2 2s 1 2p 5 . b. 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 4s 2 3d 2 . c. 1s 2 2s 2 2p 6 4s 2 . * Phân tích: Đ ây là m ộ t bài t ậ p ki ể m tra ki ế n th ứ c v ề víêt c ấ u hình electron. V ậ y h ọ c sinh ph ả i hi ể u khái ni ệ m v ề c ấ u hình electron và ph ươ ng pháp vi ế t c ấ u hình electron, c ụ th ể là: B ướ c 1. M ứ c n ă ng l ượ ng: 1s2s2p3s3p4s3d4p5s4p5d… B ướ c 2. Hi ể u rõ các quy t ắ c vi ế t c ấ u hình electron: S ắ p x ế p các phân l ớ p theo đ úng tr ậ t t ự c ủ a t ừ ng l ớ p, trong m ỗ i l ớ p theo đ úng th ứ t ự phân l ớ p. V ớ i ki ế n th ứ c này HS s ẽ áp d ụ ng gi ả i quy ế t v ấ n đề trên a . 1s 2 2s 1 2p 5 - Đ i ể m sai: Vi ph ạ m v ề vi ệ c s ắ p x ế p electron theo tr ậ t t ự m ứ c n ă ng l ượ ng. HOCHOAHOC.COM - S ử a l ạ i: Ch ủ y ế u HS ch ỉ s ử a l ạ i theo k ế t qu ả 1s 2 2s 2 2p 4 (b ả o toàn e), nh ư v ậ y h ọ c sinh đ ã làm đ úng nh ư ng còn thi ế u m ộ t k ế t qu ả : 1s 2 2s 2 2p 5 . b . 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 4s 2 3d 2 : - Đ i ể m sai: Đ ây là m ứ c n ă ng l ượ ng ch ứ không ph ả i là c ấ u hình electron, vì v ậ y h ầ u h ế t HS s ẽ s ử a l ạ i là 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 3d 2 4s 2 . - Tuy nhiên t ừ c ấ u hình electron trên h ọ c sinh có th ể s ử a theo k ế t qu ả không b ả o toàn electron 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 4s 2 c ũ ng thoã mãn. c . 1s 2 2s 2 2p 6 4s 2 : - Đ i ể m sai: C ấ u hình e này thi ế u l ớ p 3,vì ph ạ m v ề s ắ p x ế p e và m ứ c n ă ng l ượ ng - S ử a l ạ i: + H ầ u h ế t HS s ẽ s ử d ụ ng b ả o toàn electron nên vi ế t l ạ i c ấ u hình electron là: 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 * M ộ t s ố HS có th ể không d ừ ng l ạ i b ả o toàn electron mà th ấ y r ằ ng l ớ p th ứ 3 còn thi ế u electron nên có th ể vi ế t l ạ i c ấ u hình trên v ớ i k ế t qu ả 1s 2 2 2 2p 6 3s 2 3p 6 3d 10 4s 2 . * M ộ t s ố HS n ắ m v ữ ng v ề c ấ u hình electron có th ể còn đư a ra 9 k ế t qu ả khác n ữ a: 1s 2 2s 2 2p 6 3s 2 3p 6 3d x 4s 2 v ớ i x là: 0, 1, 2, 3, 5, 6, 7, 8, 10. Ví dụ 5. Xác đị nh s ả n ph ẩ m chính c ủ a ph ả n ứ ng sau: CH 2 = CH – COOH + HCl → * Phân tích: Đ ây là m ộ t câu h ỏ i v ề ph ả n ứ ng c ộ ng h ợ p c ủ a tác nhân b ấ t đố i x ứ ng và liên k ế t đ ôi C = C. Để gi ả i quy ế t v ấ n đề này HS ph ả i v ậ n d ụ ng quy t ắ c Maccopnhicop: Trong ph ả n ứ ng c ộ ng axit ho ặ c n ướ c (kí hi ệ u chung là HA) vào liên k ế t C=C, H (ph ầ n mang đ i ệ n tích d ươ ng) ư u tiên c ộ ng vào C mang nhi ề u H h ơ n (cacbon b ậ c th ấ p h ơ n), còn A (ph ầ n t ử mang đ i ệ n tích âm) ư u tiên c ộ ng vào C mang ít H h ơ n (cacbon b ậ c cao h ơ n) * Áp d ụ ng: CH 2 = CH – COOH + HCl → CH 3 – CHCl – COOH (s ả n ph ẩ m chính) CH 2 = CH – COOH + HCl → CH 2 Cl – CH 2 – COOH (s ả n ph ẩ m ph ụ ) - V ớ i cách gi ả i quy ế t trên HS s ẽ v ướ ng vào cái “b ẫ y” là ph ả n ứ ng trên c ộ ng trái v ớ i quy t ắ c Maccopnhicop vì hai liên k ế t đ ôi liên h ợ p C 3 = C 2 - C 1 = O phân c ự c v ề phía O, suy ra liên k ế t đ ôi C = C phân c ự c v ề phía C 2 nên t ạ i C 2 mang m ộ t ph ầ n đ i ệ n tích âm và H + c ủ a tác nhân s ẽ ư u tiên t ấ n công vào C 2 → s ả n ph ẩ m chính là CH 2 Cl – CH – COOH. Ví dụ 6: Cho l ượ ng d ư b ộ t kim ko ạ i Fe tác d ụ ng v ớ i 250 ml dung d ị ch HNO 3 4M đ un nóng và khu ấ y đề u h ỗ n h ợ p. Ph ả n ứ ng x ả y ra hoàn toàn và gi ả i phóng ra khí NO duy nh ấ t. Sau khi k ế t thúc ph ả n ứ ng, đ em l ọ c b ỏ k ế t t ủ a thu đượ c dung d ị ch A. Làm bay h ơ i c ẩ n th ậ n dung d ị ch A thu đượ c mu ố i khan, nung nóng l ượ ng mu ố i khan đ ó ở nhi ệ t độ cao để ph ả n ứ ng nhi ệ t phân x ả y ra hoàn toàn, thu đượ c m gam ch ấ t r ắ n và x (mol) h ỗ n h ợ p g ồ m 2 khí. a. Vi ế t các ph ươ ng trình ph ả n ứ ng x ả y ra. b. Tìm m và x * Phân tích: V ớ i bài t ậ p này HS s ẽ t ậ p trung vào vi ệ c chú ý đế n tính ch ấ t oxihoa m ạ nh c ủ a HNO 3 , vì v ậ y các em s ẽ gi ả i quy ế t bài toán b ằ ng vi ệ c vi ế t các ph ươ ng trình hoá h ọ c: Fe + 4 HNO 3 → Fe(NO 3 ) 3 + NO + 2 H 2 O (1) - Dung d ị ch A có Fe(NO 3 ) 3 quá trình cô c ạ n A không x ả y ra s ự nhi ệ t phân mu ố i, v ậ y mu ố i khan là Fe(NO 3 ) 3 , nhi ệ t phân mu ố i này s ẽ x ả y ra ph ươ ng trình hoá h ọ c sau: 4 Fe(NO 3 ) 3 0 t C → 2 Fe 2 O 3 + 12 NO 2 + 3O 2 (2) - V ậ y ch ấ t r ắ n thu đượ c là Fe 2 O 3 và h ỗ n h ợ p khí thu đượ c là NO 2 , O 2 . T ừ gi ả thi ế t, do kim lo ạ i d ư nên HNO 3 h ế t. HOCHOAHOC.COM V ậ y: nFe 2 O 3 = 1 8 nHNO 3 = 1 8 .4.0,25 = 0,125 (mol) → mFe 2 O 3 = 0,125.160 = 20,0 (g) nNO 2 = 6nFe 2 O 3 ; nO 2 = 3 2 .nFe 2 O 3 → n khí = 15 2 .nFe 2 O 3 = 15 16 (mol) * Tuy nhiên v ớ i cách gi ả i trên h ọ c sinh đ ã v ấ p “b ẫ y” là không chú ý d ự ki ệ n đ ây là kim lo ạ i Fe, khác v ớ i các kim lo ạ i khác ở ch ỗ là khi Fe d ư thì s ẽ x ả y ra ph ả n ứ ng: Fe + 2 Fe(NO 3 ) 3 → 3 Fe(NO 3 ) 2 (3) Nh ư v ậ y cách hi ể u trên s ẽ đ em l ạ i k ế t qu ả sai. - V ậ y dung d ị ch A không ph ả i có Fe(NO 3 ) 3 mà có Fe(NO 3 ) 2 và ph ươ ng trình hoá h ọ c nhi ệ t phân mu ố i x ả y nh ư sau: 4 Fe(NO 3 ) 2 → 2 Fe 2 O 3 + 8 NO 2 + O 2 (4) Do đ ó kh ố i l ượ ng ch ấ t r ắ n và s ố mol khí thu đượ c là: mFe 2 O 3 = 0,1875. 160 = 30,0 (g); n khí = 5 2 .nFe 2 O 3 = 15 32 (mol) Ví dụ 7: Nguyên t ố M thu ộ c chu k ỳ 2, nhóm VIIA. Công th ứ c oxit cao nh ấ t và h ợ p ch ấ t khí v ớ i H là: A . M 2 O 3 , MH 3 B . MO 3 , MH 2 C . M 2 O 7 , MH D . M 2 O, MH * Phân tích: Bài t ậ p trên là m ộ t bài ki ể m tra ki ế n th ứ c HS v ề n ộ i dung b ả ng HTTH, để làm bài t ậ p này, HS ph ả i n ắ m v ữ ng ki ế n th ứ c v ề CTTQ c ủ a các lo ạ i h ợ p ch ấ t quan tr ọ ng: Ôxit cao nh ấ t, hy đ roxit, h ợ p ch ấ t khí v ớ i hy đ ro c ủ a các nguyên t ố nhóm IA đế n VIIA. V ớ i ki ế n th ứ c đ ó, các nguyên t ố nhóm VIIA s ẽ có công th ứ c t ổ ng quát v ề ôxit cao nh ấ t là R 2 O 7 và công th ứ c v ớ i h ợ p ch ấ t khí v ớ i hy đ ro là RH. V ậ y ch ọ n đ áp án C. * Tuy nhiên HS d ẫ m ứ ac ph ả i “b ẫ y” là v ớ i đặ c đ i ể m các nguyên t ố thu ộ c chu k ỳ 2 thì k ế t qu ả trên l ạ i sai. Ở chu k ỳ 2, nhóm VIIA là nguyên t ố F, do đặ c đ i ể m c ấ u t ạ o nguyên t ử F nên công th ứ c ôxit cao nh ấ t c ủ a F l ạ i là F 2 O vì v ậ y ch ọ n đ áp án D. Ví dụ 8 : Dãy g ồ m các ch ấ t đề u tác d ụ ng v ớ i dd Fe(NO 3 ) 2 là: A . Mg, Cl 2 , NaOH, NaCl B . AgNO 3 , Cl 2 , NH 3 , NaOH C . NaOH, Cl 2 , NH 3 , HCl, AgNO 3 D . AgNO 3 , NaOH, Cu, HCl * Sai l ầ m: H ầ u h ế t HS đề u cho r ằ ng không có ph ả n ứ ng gi ữ a HCl v ớ i Fe(NO 3 ) 2 vì HCl và HNO 3 đề u là nh ữ ng axit m ạ nh và là axit bay h ơ i. Do đ ó HS ch ọ n đ áp án B * Phân tích: Khi cho Fe(NO 3 ) 2 tác d ụ ng v ớ i dd HCl thì s ẽ x ả y ra ph ả n ứ ng d ạ ng ion nh ư sau: Fe 2+ + 2 H + + NO 3 - → Fe 3+ + NO 2 + H 2 O Vì v ậ y ch ọ n đ áp án C. Ví dụ 9: Cho các ch ấ t p-Crezon, natrietylat, anilin, phenylamoniclorua, protein. S ố ch ấ t tác d ụ ng đượ c v ớ i dd NaOH là: A . 5 B . 4 C .3 D . 2 * Sai l ầ m: H ọ c sinh th ườ ng ch ọ n đ áp án B là g ồ m 4 ch ấ t: p- Crezon, alanin, phenylamoniclorua và protein. * Phân tích: HS đ ã sai l ầ m khi không để ý ph ả n ứ ng gi ữ a etylatnatri v ớ i H 2 O, b ở i vì trong dung d ị ch NaOH có H 2 O. Chính vì có thêm ph ả n ứ ng này nên ta ch ọ n đ áp án A Ví dụ 10: Cho dd NaOH loãng, d ư vào m ỗ i dung d ị ch : BaCl 2, AlCl 3 , CrCl 2 , CuCl 2 , AgNO 3 . S ố ch ấ t k ế t t ủ a t ạ o thành là: A . 2 B . 3. C .4 D . 5 HOCHOAHOC.COM * Sai l ầ m: Đ a s ố HS làm nh ư sau: Cho dd NaOH vào dd BaCl 2 th ấ y không có hi ệ n t ượ ng gì. Cho t ừ t ừ dd NaOH vào dd AlCl 3 thì xu ấ t hi ệ n k ế t t ủ a, sau đ ó k ế t t ủ a tan. Cho dd NaOH vào dd CuCl 2 th ấ y t ạ o k ế t t ủ a Cu(OH) 2 Cho dd NaOH vào dd AgNO 3 không x ả y ra ph ả n ứ ng do AgOH không t ồ n t ạ i.nên không x ả y ra ph ả n ứ ng.V ậ y HS ch ọ n đ áp án A . * Phân tích: Do AgOH không t ồ n t ạ i nên đ ã b ị phân h ủ y thành Ag 2 O và H 2 O. Chính vì v ậ y khi cho dd NaOH vào dd AgNO 3 có x ả y ra ph ả n ứ ng. V ậ y ch ọ n đ áp án đ úng là: B Ví dụ 11: Fructoz ơ có th ể ph ả n ứ ng đượ c v ớ i: A . dung d ị ch Br 2 . B . Cu(OH) 2 C . dung d ị ch KMnO 4 . D . C ả 3 ch ấ t. * Sai l ầ m: H ầ u h ế t HS s ẽ ch ọ n đ áp án D , b ở i vì các em suy ngh ĩ r ằ ng Fructz ơ là ancol đ a ch ứ c nên có ph ả n ứ ng v ớ i Cu(OH) 2 ,có cân b ằ ng: Fructoz ơ → ← Glucoz ơ nên có ph ả n ứ ng kh ử nhóm ch ứ c –CHO b ằ ng ch ấ t oxihoá m ạ nh nh ư dd Br 2 , hay dd KMnO 4 . * Phân tích: Th ự c ra để có cân b ằ ng Fructoz ơ → ← Glucoz ơ thì c ầ n ph ả i có môi tr ườ ng –OH. Chính vì th ế mà dd Br 2 hay dd KMnO 4 đề u không th ể oxihoa đượ c Fructoz ơ . Ch ọ n đ áp án B. Ví dụ 12: Đ i ề u ch ế polyvinylancol, ng ườ i ta dùng các ph ươ ng pháp nào sau đ ây: 1. Trùng h ợ p ancol vinylic 2. Trùng h ợ p vinylaxetat, sau đ ó thu ỷ phân trong dd NaOH 3. Thu ỷ phân tinh b ộ t. A .1 và 2 B . Ch ỉ có 1 C . Ch ỉ có 2 D . Ch ỉ có 3 * Sai l ầ m: H ầ u h ế t HS th ườ ng ch ọ n đ áp án A , vì HS th ườ ng ngh ĩ r ằ ng để có polyvinylancol thì ph ươ ng pháp trùng h ợ p đượ c áp d ụ ng và trùng h ợ p monome ancolvinylic. * Phân tích: HS đ ã ph ạ m m ộ t sai l ầ m là ancolvinylic là m ộ t lo ạ i ancol kém b ề n, không t ồ n t ạ i, nó s ẽ t ự chuy ể n thành andehitaxetic CH 3 CHO. V ậ y đ áp án đ úng là C Ví dụ 13: S ự mô t ả nào sau đ ây không đúng hi ệ n t ượ ng hoá h ọ c. A . Cho t ừ t ừ dd CH 3 COOH loãng vào dd Na 2 CO 3 và khu ấ y đề u, lúc đầ u không có hi ệ n t ượ ng gì, sau m ộ t th ờ i gian th ấ y có s ủ i b ọ t khí. B . Cho qu ỳ tím vào dung d ị ch Benzylamin th ấ y qu ỳ tím chuy ể n sang màu xanh. C . Cho t ừ t ừ anilin vào dd HCl th ấ y tan d ầ n vào dd HCl. D . Cho propilen vào n ướ c Br 2 th ấ y n ướ c Br 2 b ị m ấ t màu và thu đượ c m ộ t dd đồ ng nh ấ t trong su ố t. * Sai l ầ m: Hâu h ế t HS s ẽ ch ọ n đ áp án B vì cho r ằ ng amin th ơ m ít tan trong n ướ c nên không làm đổ i màu qu ỳ tím. * Phân tích: Benzylamin là m ộ t tr ườ ng h ợ p đặ c bi ệ t, tan r ấ t nhi ề u trong n ướ c và đổ i màu qu ỳ tím, vì có ph ả n ứ ng thu ỷ phân v ớ i H 2 O. Vì v ậ y ch ọ n đ áp án D 2.1.3. Vận dụng các phương pháp giải toán một cách không hợp lí và triệt để trong việc giải các bài tập hoá học. M ộ t s ố sai l ầ m ph ổ bi ế n nh ư khi tính theo ph ươ ng trình hóa h ọ c ho ặ c s ơ đồ ph ả n ứ ng mà quên cân b ằ ng ho ặ c cân b ằ ng không đ úng, hi ể u sai các công th ứ c tính toán trong hoá HOCHOAHOC.COM h ọ c, s ử d ụ ng đơ n v ị tính không th ố ng nh ấ t, không để ý đế n hi ệ u su ấ t ph ả n ứ ng cho trong bài, không xác đị nh đượ c ch ấ t nào h ế t hay d ư trong quá trình ph ả n ứ ng, hi ể u sai tính ch ấ t c ủ a các ch ấ t nên vi ế t ph ươ ng trình hóa h ọ c không chính xác, thi ế u các k ĩ n ă ng c ơ b ả n khi s ử d ụ ng các ph ươ ng pháp gi ả i bài t ậ p, Ví dụ 14. Nguyên t ố M thu ộ c chu k ỳ 2, nhóm VIIA. Công th ứ c oxit cao nh ấ t và h ợ p ch ấ t khí v ớ i H là: A .M 2 O 3 , MH 3 B .MO 3 , MH 2 C . M 2 O 7 , MH D .M 2 O, MH * Phân tích: Bài t ậ p trên là m ộ t bài ki ể m tra ki ế n th ứ c h ọ c sinh v ề n ộ i dung b ả ng tu ầ n hoàn, để làm bài t ậ p này, h ọ c sinh ph ả i n ắ m v ữ ng ki ế n th ứ c v ề công th ứ c t ổ ng quát c ủ a các lo ạ i h ợ p ch ấ t quan tr ọ ng: Oxit cao nh ấ t, hi đ roxit, h ợ p ch ấ t khí v ớ i hi đ ro c ủ a các nguyên t ố nhóm IA đế n VIIA. V ớ i ki ế n th ứ c đ ó, các nguyên t ố nhóm VIIA s ẽ có công th ứ c t ổ ng quát v ề oxit cao nh ấ t là R 2 O 7 và công th ứ c v ớ i h ợ p ch ấ t khí v ớ i hi đ ro là RH → Ph ươ ng án nhi ễ u C . - Tuy nhiên v ớ i đặ c đ i ể m các nguyên t ố thu ộ c chu k ỳ 2 thì k ế t qu ả trên l ạ i sai. Ở chu k ỳ 2, nhóm VIIA là nguyên t ố F, do đặ c đ i ể m c ấ u t ạ o nguyên t ử F nên công th ứ c oxit cao nh ấ t c ủ a F là F 2 O → Đ áp án D . Ví dụ 15. Trong m ộ t c ố c n ướ c ch ứ a a mol Ca 2+ , b mol Mg 2+ và c mol HCO − 3 . N ế u ch ỉ dùng n ướ c vôi trong, n ồ ng độ Ca(OH) 2 x M để làm gi ả m độ c ứ ng c ủ a n ướ c thì ng ườ i ta th ấ y khi thêm V lít n ướ c vôi trong vào c ố c thì độ c ứ ng c ủ a n ướ c trong c ố c là nh ỏ nh ấ t. Bi ể u th ứ c tính V theo a, b, x là A .V = x ab + 2 B .V = x ab + C .V = x ab 2 + D .V = x ab 2 + * Phân tích: Cách gi ả i ph ổ bi ế n th ườ ng g ặ p là d ự a vào các ph ả n ứ ng ion Ca(OH) 2 → Ca 2+ + 2.OH - S ố mol: x.V → x.V → 2x.V 3 HCO − + OH - → H 2 O + 2 3 CO − S ố mol: c → 2x.V → 2x.V 2 3 CO − + Mg 2+ → MgCO 3 ↓ b ← b 2 3 CO − + Ca 2+ → CaCO 3 ↓ (a + x.V) ← (a + x.V) V ậ y ta có: a + b + x.V = 2x.V → V = b a x + → Ph ươ ng án nhi ễ u B . * Sai l ầ m ở đ ây là h ọ c sinh không bi ế t độ tan c ủ a Mg(OH) 2 (T = 5.10 -12 ) nh ỏ h ơ n nhi ề u so v ớ i MgCO 3 (T = 1.10 -5 ) nên có s ự ư u tiên t ạ o k ế t t ủ a Mg(OH) 2 , do đ ó ph ả n ứ ng trao đổ i ion trong dung d ị ch l ạ i x ẩ y ra nh ư sau: Ca(OH) 2 → Ca 2+ + 2OH - S ố mol: x.V → x.V → 2x.V 3 HCO − + OH - → H 2 O + 2 3 CO − S ố mol: c → c → c 2OH - + Mg 2+ → Mg(OH) 2 ↓ 2b ← b HOCHOAHOC.COM 2 3 CO − + Ca 2+ → CaCO 3 ↓ c → c V ậ y ta có: c = x.V + a và c + 2.b = 2x. V → V = 2 b a x + → Đ áp án A . Ví dụ 16. H ỗ n h ợ p X g ồ m axit HCOOH và CH 3 COOH có s ố mol b ằ ng nhau. L ấ y 5,3 g h ỗ n h ợ p X cho tác d ụ ng v ớ i 5,75 g C 2 H 5 OH ( có H 2 SO 4 đặ c làm xúc tác ) thu đượ c m (g) h ỗ n h ợ p este ( hi ệ u su ấ t các ph ả n ứ ng este hóa đề u b ằ ng 80% ). Giá tr ị m là : A . 7,04 B . 6,48 C . 8,10 D . 8,80 * Phân tích: H ọ c sinh d ễ m ắ c sai l ầ m khi áp d ụ ng nhanh ph ươ ng pháp t ă ng - gi ả m kh ố i l ượ ng quen thu ộ c nh ư ng ch ỉ chú ý đế n s ố mol ancol: 2 5 2 5 2 RCOOH C H OH RCOOC H H O + + 1 mol → ∆ m t ă ng = 28 g 0,125 mol → ∆ m t ă ng = 3,5 g → m = 5,3 + 3,5 = 8,8 → Ph ươ ng án nhi ễ u D . * M ộ t s ố h ọ c sinh cho r ằ ng k ế t qu ả này không đ úng là do ch ư a tính đế n hi ệ u su ấ t ph ả n ứ ng → m = 8,8. 80% = 7,04 → Ph ươ ng án nhi ễ u A . * Rõ ràng k ế t qu ả này c ũ ng không chính xác vì h ọ c sinh đ ã m ắ c sai l ầ m khi tính toán theo l ượ ng ch ấ t d ư C 2 H 5 OH (H = 100%). H ướ ng d ẫ n h ọ c sinh tìm s ố mol axit để so sánh v ớ i ancol xem ch ấ t nào là ch ấ t thi ế u trong ph ươ ng trình ph ả n ứ ng: 2 5 3 X C H OH HCOOH : x mol X 46x 60x 106x 5,3 x 0,05 CH COOH : x mol 5,75 n 0,1 n 0,125 46  → + = = → =   → = < = = → Tính theo axit: 2 5 2 5 2 RCOOH C H OH RCOOC H H O + + 1 mol 1 m → → ∆ t ă ng = 28g 0,1mol 0,1 m → → ∆ t ă ng = 2,8g este m 5,3 2,8 8,10g → = + = → Ph ươ ng án nhi ễ u C . Vì H = 80% 8,1.80 m 6,48g 100 → = = → Đ áp án B . Ví dụ 17. Cho 31,84g h ỗ n h ợ p NaX và NaY ( X, Y là 2 halogen ở 2 chu kì liên ti ế p ) vào dung d ị ch AgNO 3 d ư thì thu đượ c 57,34 g k ế t t ủ a . Công th ứ c c ủ a 2 mu ố i là : A . NaCl và NaBr B . NaBr và NaI C . NaF và NaCl D . NaF và NaCl ho ặ c NaBr và NaI. * Phân tích: H ầ u h ế t h ọ c sinh s ẽ gi ả i bài t ậ p này b ằ ng cách chuy ể n bài toán h ỗ n h ợ p thành bài toán m ộ t ch ấ t t ươ ng đươ ng b ằ ng vi ệ c g ọ i công th ứ c t ổ ng quát chung 2 mu ố i là: Na X . - Ph ươ ng trình hoá h ọ c đượ c vi ế t: Na X + AgNO 3 → Ag X ↓ + NaNO 3 (23 + X ) gam → (108 + X ) gam 31,84 gam → 57,34 gam HOCHOAHOC.COM → X = 83,13 → 2 halogen là Br và I → đ áp án B . * V ớ i cách gi ả i trên h ọ c sinh đ ã ph ạ m m ộ t sai l ầ m là cho c ả 2 mu ố i NaX và NaY đề u t ạ o k ế t t ủ a v ớ i dung d ị ch AgNO 3 , đ i ề u này ch ỉ đ úng v ớ i mu ố i c ủ a 3 halogen Cl, Br, I còn NaF không tác d ụ ng v ớ i AgNO 3 vì không t ạ o k ế t t ủ a. Vì v ậ y c ầ n h ướ ng d ẫ n h ọ c sinh xét bài toán qua 2 kh ả n ă ng: + KN 1 : H ỗ n h ợ p 2 mu ố i halogen g ồ m: NaF và NaCl, lúc đ ó ch ỉ có NaCl ph ả n ứ ng NaCl + AgNO 3 → AgCl ↓ + NaNO 3 nAgNO 3 = 57,34 143,5 ≈ 0,4 (mol) → nNaCl ≈ 0,4 (mol) → m NaCl = 0,4. 58,5 = 23,4 < 31,84 → tr ườ ng h ợ p này c ũ ng tho ả mãn. + KN 2 : H ỗ n h ợ p c ả 2 mu ố i halogen đề u ph ả n ứ ng v ớ i dung d ị ch AgNO 3 , k ế t qu ả tìm đượ c 2 halogen là Br và I. Nh ư v ậ y đ áp án là D. 2.1.4. Sai lầm của học sinh về cách hiểu và vận dụng lí thuyết hóa học trong giải bài tập. M ộ t s ố sai l ầ m c ủ a HS trong quá trình gi ả i bài t ậ p là do ki ế n th ứ c lý thuy ế t ch ư a n ắ m v ữ ng,còn phi ế n di ệ n, ch ư a t ổ ng h ợ p đượ c ki ế n th ứ c, ví d ụ nh ư m ộ t ch ấ t h ữ u c ơ có ph ả n ứ ng tráng g ươ ng thì HS ch ỉ ngh ĩ r ằ ng đ ó là An đ êhit mà không xét các tr ườ ng h ợ p khác nh ư HCOOH, HCOOR, HCOOM, . .hay khi thu ỷ phân este thì HS ch ỉ ngh ĩ r ằ ng t ạ o ra axit ( ho ặ c mu ố i ) và ancol ch ứ không ngh ĩ đế n các tr ườ ng h ợ p t ạ o nhi ề u mu ố i, an đ êhit, xêton, . .Sau đ ây là m ộ t s ố ví d ụ minh ho ạ . Ví dụ 18: Đ un m ộ t ch ấ t h ữ u c ơ A đơ n ch ứ c có kh ố i l ượ ng 8,6 gam trong môi tr ườ ng ki ề m, ta thu đượ c hai ch ấ t h ữ u c ơ B và C. Ch ấ t B không có ph ả n ứ ng tráng g ươ ng, còn l ượ ng ch ấ t C thu đượ c cho tác d ụ ng v ớ i Ag 2 O/NH 3 d ư thì thu đượ c 21,6 gam Ag và ch ấ t B ’ . Khi cho B ’ tác d ụ ng v ớ i NaOH thì thu đượ c B. Tìm công th ứ c c ấ u t ạ o c ủ a A,B,C. Gi ả i: * Sai l ầ m: H ầ u h ế t HS đề u có thói quen suy suy ngh ĩ r ằ ng: - Khi thu ỷ phân m ộ t este trong môi tr ườ ng axit thì s ẽ thu đượ c r ượ u và axit h ữ u c ơ - Khi thu ỷ phân este trong môi tr ườ ng ki ề m thì s ẽ thu đượ c mu ố i và r ượ u. Do đ ó v ớ i bài t ậ p trên HS s ẽ nh ầ m t ưở ng là B là ancol còn C là HCOOH, A là este. * Phân tích: Ta gi ả s ử C là ch ấ t có ch ứ c andehit, công th ứ c t ổ ng quát có d ạ ng: RCHO, ta có Ph ươ ng trình hoá h ọ c: RCHO + Ag 2 O 3 dd NH → RCOOH + 2 Ag. RCOOH + NaOH → RCOONa + H 2 O. Theo hai ph ả n ứ ng trên OOH RC n = OONa RC n = RCHO n = 1 2 Ag n = 0,1 - G ỉ a s ử A là este đơ n ch ứ c: Ph ươ ng trình hoá h ọ c: RCOOR ’ + NaOH → RCOONa + R ’ OH. A B C 0,1 0,1 0,1 Theo gi ả thi ế t; M A = 8,6 0,1 = 86 = 44 + (R + R ’ ) V ậ y: R + R ’ = 86 – 44 = 42 = 3 6 C H M N ế u tách 2 g ố c R và R ’ ra thì m ộ t g ố c là – CH 3 và m ộ t g ố c là CH 2 =CH 2. HOCHOAHOC.COM N ế u R c ủ a B là CH 2 =CH- thì CH 2 =CH-COONa là ch ấ t B, còn C là CH 3 OH. V ậ y C không th ể có ph ả n ứ ng tráng g ươ ng. Do đ ó B là CH 3 COONa và C là CH 2 =CH-OH, r ượ u này không b ề n nên chuy ể n thành CH 3 CHO. V ậ y A là: CH 3 COOCH=CH 2 . Ví dụ 19: Hoà tan 5,6 gam b ộ t Fe trong 300,0 ml dd HCl 1M. Sau ph ả n ứ ng thu đượ c dd X và khí H 2 . Cho l ượ ng d ư dd AgNO 3 vào dd X thì thu đượ c m gam ch ấ t r ắ n. Hãy tìm gía tr ị m Gi ả i: * Sai l ầ m: H ầ u h ế t HS là nh ư sau: Ph ươ ng trình hoá h ọ c: Fe + 2 HCl → FeCl 2 + H 2 (1) mol 0,1 0,2 2 AgNO 3 + FeCl 2 → 2 AgCl + Fe(NO 3 ) 2 (2) mol 0,1 0,2 AgNO 3 + HCl → AgCl + HNO 3 (3) mol 0,1 0,1 Fe 2+ + Ag + → Fe 3+ + Ag (4) mol 0,1 0,1 V ậ y: Kh ố i l ượ ng ch ấ t r ắ n là: 53,85 gam. * Phân tích: HS đ ã vi ế t thi ế u ph ả n ứ ng hoá h ọ c: 4 H + + 3 Fe 3+ + NO 3 - → 3 Fe 3+ + NO + 2 H 2 O (*) Ph ả n ứ ng (*) x ả y ra tr ướ c ph ả n ứ ng (4) nên Fe 2+ trong ph ả n ứ ng (4) ch ỉ còn: 0,025. Do đ ó kh ố i l ượ ng ch ấ t r ắ n là: 45,75 gam. 2.1.5. Không xét hết các trường hợp dẫn đến “thiếu nghiệm”. M ộ t s ố HS th ườ ng m ắ c các “b ẫ y” khi gi ả i toán là không chú ý đế n các tính ch ấ t đặ c bi ệ t c ủ a các ch ấ t P Ư c ũ ng nh ư các ch ấ t SP, nh ư tính l ưỡ ng tính c ủ a các ôxit, hy đ roxit l ưỡ ng tính, quá trình hoà tan các k ế t t ủ a c ủ a các ôxit axit nh ư hoà tan CaCO 3 b ở i CO 2, . ., vì v ậ y HS th ườ ng xét thi ệ u nghi ệ m, sau đ ây là m ộ t s ố ví d ụ . Ví dụ 20: X là dd ch ứ a 0,1 mol AlCl 3 Y là dd NaOH 1 M. Đổ t ừ t ừ dd Y vào dd X đế n h ế t thì l ượ ng k ế t t ủ a thu đượ c là 6,24 gam. Th ể tích dd Y là: A . 0,24 lít B . 0,32 lít C . 0,24 lit ho ặ c 0,32 lít D . 0,34 lít * Sai l ầ m: H ầ u h ế t HS th ườ ng gi ả i theo cách sau: - Ph ươ ng trình hoá h ọ c: AlCl 3 + 3 NaOH → 3 NaCl + Al(OH) 3 (1) Ban đầ u: Mol 0,1 1.V Ph ả n ứ ng: Mol 6,24 78 = 0,08 (mol) - Qua s ố mol c ủ a Al(OH) 3 thu đượ c ta th ấ y AlCl 3 d ư , nên NaOH h ế t, v ậ y NaOH tính theo k ế t t ủ a Al(OH) 3 , do đ ó NaOH n = 3. 3 ( ) Al OH n = 3. 0,08 = 0,24 (mol) V ậ y: V Y = 0,28 (lít). * Phân tích: H ầ u h ế t HS đ ã m ắ c m ộ t sai l ầ m là không ngh ĩ đế n tính l ưỡ ng tính c ủ a Al(OH) 3 nên đ ã không xét thêm m ộ t tr ườ ng h ợ p n ữ a là dd NaOH tác d ụ ng h ế t v ớ i Al(OH) 3 để thu đượ c k ế t t ủ a c ự c đạ i, sau đ ó m ộ t ph ầ n k ế t t ủ a Al(OH) 3 tan ra, do đ ó bài toán này có 2 k ế t qu ả đ úng là: V dung d ị ch Y b ằ ng 0,24 lít và 0,32 lít. 2.1.6. Chưa có phương pháp phân tích và tổng hợp kiến thức. Đ a s ố các em HS có n ă ng l ự c h ọ c t ậ p trung bình và y ế u đề u m ắ c các “b ẫ y” ki ế n th ứ c v ề ph ầ n này, các em có th ể có ki ế n th ứ c các ph ầ n riêng bi ệ t, nh ư ng s ự t ổ ng h ợ p các ki ế n th ứ c đ ó l ạ i trong m ộ t v ấ n đề c ầ n gi ả i quy ế t thì h ạ n ch ế , m ặ t khác nhi ề u em ch ư a có kh ả HOCHOAHOC.COM [...]... án úng là B 2.1.7 Nh ng sai l m v kĩ năng th c hành hóa h c Trong quá trình d y h c hóa h c, không ch chú tr ng n ki n th c lí thuy t mà còn ph i rèn luy n kĩ năng th c hành hóa h c cho h c sinh D a trên nh ng sai l m v th c hành hóa h c, giáo viên có th thi t k các bài t p hóa h c th c nghi m, tăng tính h p d n và th c ti n c a môn h c Ví d 24: Trong phòng thí nghi m, khí clo ư c i u ch t MnO2 và... thêm các bình r a khí (lo i khí HCl) và làm khô khí (lo i hơi nư c) 2 Các bi n pháp h n ch và s a ch a (kh c ph c) sai l m giúp HS tránh “b y” Qua nh ng “b y” trên, HS c n chú ý nh ng i m sau trong quá trình tr l i các câu h i lý thuy t cũng như gi i bài t p hoá h c: a c k ra trư c khi làm bài b Tóm t t b ng cách g ch chân dư i nh ng n i dung quan tr ng có trong ra c N u là câu h i lí thuy t c n phân. .. phương trình hoá h c hay sơ bi n hoá k t n i các m i quan h , t ó l p phương trình toán h c, gi i toán tìm nghi m e N u là bài toán th c nghi m c n cho HS làm quen v i nhi u các thao tác thí nghi m, các bu i th c hành ph i hư ng d n HS tr c ti p làm thínghi m, các em ph i t n m t quan sát ư c các hi n tư ng và gi i thích ư c các hi n tư ng ó m t cách khoa h c, t ó các em khái quát và hình thành nên tư duy... Cao C Giác Thi t k và s d ng bài t p hóa h c th c nghi m trong d y và h c hóa h c Nxb Giáo d c, 2009 2 Cao C Giác Các phương pháp ch n l c gi i nhanh bài t p tr c nghi m hóa h c Nxb Giáo d c, 2009 3 ào H u Vinh 500 Bài t p hoá h c Nxb Giáo d c 1995 4 Lê Xuân Tr ng (T ng ch biên), Hoá h c 10,11,12 (Ban KHTN, Ban KHXH) Nxb Giáo d c 5 Nguy n Xuân Trư ng Phương pháp d y h c hóa h c trư ng ph thông Nxb Giáo...y ? y ? y ? M năng phân tích các d ki n bài toán, t ó xâu chu i chúng l i thành m t ki n th c th ng nh t, logíc, sau ây là m t s ví d minh ho Ví d 21 : Cho các ch t: Cu(OH)2 (1), AgCl(2), NaOH(3), Al(OH)3(4), Mg(OH)2(5) Nh ng ch t nào trong s các ch t trên có b hoà tan trong dd amoniăc A Ch có 1,2 B Ch có 1,2,3 C Ch có 1,3 D 1,2,3 và 5 * Sai l... c a dd NH3 v i Cu(OH)2 và AgCl, nên ch n áp án A * Phân tích: ra yêu c u là tìm ch t b hòa tan trong dung d ch amoniăc nên có thên NaOH n a (vì NaOH không ph n ng nhưng tan trong dd NaOH) Ví d 22 : i u ch Cl2 trong phòng thí nghi m có th dùng các cách: 1 Cho dd KMnO4 tác d ng v i dd HCl c 2 Cho dd KMnO4 và dd H2SO4 c tác d ng v i tinh th NaCl 3 i n phân nóng ch y NaCl A Ch có 1 B.Ch có 2 C.Ch có 3 D... axit HCl a Vi t phương trình ph n ng và ghi rõ i u ki n (n u có) b Phân tích nh ng ch sai khi l p b thí nghi m như hình v sau Phân tích : a Phương trình ph n ng : 0 MnO2 + 4HCl t MnCl2 + Cl2 + 2H2O (®Æc) HO CH OA HO C C OM b V m t kĩ năng th c hành, giáo viên c n phân tích cho h c sinh hi u hình v mô ph ng thí nghi m, h c sinh suy lu n trong thí nghi m này: Ph i dùng dung d ch HCl c 30-37% ph n ng oxi... nh n bi t các ch t, tách hay tinh ch các ch t.T ó áp d ng ngay phương pháp gi i các d ng ó gi i quy t v n nêu ra d N u là bài t p tính toán, trư c h t HS ph i ư c trang b m t s phương pháp gi i toán hoá như: phương pháp b o toàn kh i lương, phương pháp b o toàn electron, phương pháp ư ng chéo, bài toán ch t khí, phương pháp trung bình sau ó hư ng d n HS trư c khi gi i toán ph i tìm s mol các ch t... nên ch n áp án A Ví d 23: Dãy g m các ch t u có kh năng là m t màu dd Brom là: A Xiclobutan, Propilen, Axetilen, Buta ien B Propilen, axetilen, glucozo, triolein C Benzen, etilen, propilen, axetilen, tripanmitin D Propilen, axetilen, butadien, saccarozo * Sai l m: H u h t HS khi gi i quy t ki n th c trên , th y các ch t trong câu A u tho mãn nên ch n áp án A * Phân tích: Xiclobutan pư v i Br2 (kh) ch... y phương án 2 cũng ư c ch p nh n * Phân tích: Khi cho H2SO4 tác d ng v i NaCl s gi i phóng HCl 0 HO CH OA HO C CO t C NaCl + H2SO4 ( ) → NaHSO4 + HCl Nhưng do HCl sinh ra d ng khí ho c có hoà tan thành axit thì n ng cũng không l n tác d ng v i dd KMnO4 gi i phong Cl2 Trong phòng thí nghi m, v i lư ng ch t i u ch ít, d ng c ơn gi n nên không dùng phương pháp i n phân V y: ch có phương án 1 là h p . học sinh về cách hiểu và vận dụng lí thuyết hóa học trong giải bài tập. 2. Ý nghĩa và tác dụng của việc phát hiện và phân tích những nhầm lẫn trong quá trình hướng dẫn HS giải bài tập hoá học. trình các em HS giải bài tập, các sai lâầm (các bẫy ) mà các em thường gặp là: - Đọc không kỹ đề ra dẫn đến hiểu nhầm kiến thức, không phát hiện được các nội dung chính (các “ch ố t”) trong bài. tiếc thời gian để phân tích trên giờ học các sai lầm của học sinh”. 1.2. Nguyên nhân phát sinh các sai lầm của HS trong giải bài tập hoá học. Qua tìm hi ể u th ự c t ế ở các l ớ p tôi tr ự c