Tài liệu ôn thi THPT Đề 1 Câu1 : Cho biểu thức A= 2 )1( : 1 1 1 1 2 2233 + + + x xx x x x x x x Với x 2 ;1 .a, Ruý gọn biểu thức A .b , Tính giá trị của biểu thức khi cho x= 226 + c. Tìm giá trị của x để A=3 Câu2.a, Giải hệ phơng trình: =+ =+ 1232 4)(3)( 2 yx yxyx b. Giải bất phơng trình: 3 1524 2 23 ++ xx xxx <0 Câu3. Cho phơng trình (2m-1)x 2 -2mx+1=0 Xác định m để phơng trình trên có nghiệm thuộc khoảng (-1,0) Câu 4. Cho nửa đờng tròn tâm O , đờng kính BC .Điểm A thuộc nửa đờng tròn đó Dng hình vuông ABCD thuộc nửa mặt phẳng bờ AB, không chứa đỉnh C. Gọi Flà giao điểm của Aevà nửa đờng tròn (O) . Gọi Klà giao điểm của CFvà ED a. chứng minh rằng 4 điểm E,B,F,K. nằm trên một đờng tròn b. Tam giác BKC là tam giác gì ? Vì sao. ? đáp án Câu 1: a. Rút gọn A= x x 2 2 b.Thay x= 226 + vào A ta đợc A= 226 224 + + c.A=3<=> x 2 -3x-2=0=> x= 2 173 Câu 2 : a)Đặt x-y=a ta đợc pt: a 2 +3a=4 => a=-1;a=-4 Từ đó ta có =+ =+ 1232 4)(3)( 2 yx yxyx <=> * =+ = 1232 1 yx yx (1) * =+ = 1232 4 yx yx (2) Giải hệ (1) ta đợc x=3, y=2 Giải hệ (2) ta đợc x=0, y=4 Vậy hệ phơng trình có nghiệm là x=3, y=2 hoặc x=0; y=4 b) Ta có x 3 -4x 2 -2x-15=(x-5)(x 2 +x+3) mà x 2 +x+3=(x+1/2) 2 +11/4>0 với mọi x O K F E D C B A Tài liệu ôn thi THPT Vậy bất phơng trình tơng đơng với x-5>0 =>x>5 Câu 3: Phơng trình: ( 2m-1)x 2 -2mx+1=0 Xét 2m-1=0=> m=1/2 pt trở thành x+1=0=> x=1 Xét 2m-10=> m 1/2 khi đó ta có , = m 2 -2m+1= (m-1) 2 0 mọi m=> pt có nghiệm với mọi m ta thấy nghiệm x=1 không thuộc (-1,0) với m 1/2 pt còn có nghiệm x= 12 1 + m mm = 12 1 m pt có nghiệm trong khoảng (-1,0)=> -1< 12 1 m <0 < >+ 012 01 12 1 m m => < > 012 0 12 2 m m m =>m<0 Vậy Pt có nghiệm trong khoảng (-1,0) khi và chỉ khi m<0 Câu 4: a. Ta có KEB= 90 0 mặt khác BFC= 90 0 ( góc nội tiếp chắn nữa đờng tròn) do CF kéo dài cắt ED tại D => BFK= 90 0 => E,F thuộc đờng tròn đờng kính BK hay 4 điểm E,F,B,K thuộc đờng tròn đờng kính BK. b. BCF= BAF Mà BAF= BAE=45 0 => BCF= 45 0 Ta có BKF= BEF Mà BEF= BEA=45 0 (EA là đờng chéo của hình vuông ABED)=> BKF=45 0 Vì BKC= BCK= 45 0 => tam giác BCK vuông cân tại B Đề 2 Bài 1: Cho biểu thức: P = ( ) + + + 1 122 : 11 x xx xx xx xx xx a,Rút gọn P b,Tìm x nguyên để P có giá trị nguyên. Bài 2: Cho phơng trình: x 2 -( 2m + 1)x + m 2 + m - 6= 0 (*) a.Tìm m để phơng trình (*) có 2 nghiệm âm. b.Tìm m để phơng trình (*) có 2 nghiệm x 1 ; x 2 thoả mãn 3 2 3 1 xx =50 Bài 3: Cho phơng trình: ax 2 + bx + c = 0 có hai nghiệm dơng phân biệt x 1 , x 2 Chứng minh: a,Phơng trình ct 2 + bt + a =0 cũng có hai nghiệm dơng phân biệt t 1 và t 2 . b,Chứng minh: x 1 + x 2 + t 1 + t 2 4 Bài 4: Cho tam giác có các góc nhọn ABC nội tiếp đờng tròn tâm O . H là trực tâm của tam giác. D là một điểm trên cung BC không chứa điểm A. a, Xác định vị trí của điẻm D để tứ giác BHCD là hình bình hành. b, Gọi P và Q lần lợt là các điểm đối xứng của điểm D qua các đờng thẳng AB và AC . Chứng minh rằng 3 điểm P; H; Q thẳng hàng. Tài liệu ôn thi THPT c, Tìm vị trí của điểm D để PQ có độ dài lớn nhất. Bài 5: Cho hai số dơng x; y thoả mãn: x + y 1 Tìm giá trị nhỏ nhất của: A = xyyx 5011 22 + + Đáp án Bài 1: (2 điểm). ĐK: x 1;0 x a, Rút gọn: P = ( ) ( ) ( ) 1 12 : 1 12 2 x x xx xx z <=> P = 1 1 )1( 1 2 + = x x x x b. P = 1 2 1 1 1 += + xx x Để P nguyên thì )(121 9321 0011 4211 Loaixx xxx xxx xxx == === === === Vậy với x= { } 9;4;0 thì P có giá trị nguyên. Bài 2: Để phơng trình có hai nghiệm âm thì: ( ) ( ) <+=+ >+= ++= 012 06 06412 21 2 21 2 2 mxx mmxx mmm 3 2 1 0)3)(2( 025 < < >+ >= m m mm b. Giải phơng trình: ( ) 50)3(2 3 3 =+ mm = + = =+=++ 2 51 2 51 0150)733(5 2 1 22 m m mmmm Bài 3: a. Vì x 1 là nghiệm của phơng trình: ax 2 + bx + c = 0 nên ax 1 2 + bx 1 + c =0. . Vì x 1 > 0 => c. .0 1 . 1 1 2 1 =++ a x b x Chứng tỏ 1 1 x là một nghiệm dơng của phơng trình: ct 2 + bt + a = 0; t 1 = 1 1 x Vì x 2 là nghiệm của phơng trình: ax 2 + bx + c = 0 => ax 2 2 + bx 2 + c =0 Tài liệu ôn thi THPT vì x 2 > 0 nên c. 0 1 . 1 2 2 2 =+ + a x b x điều này chứng tỏ 2 1 x là một nghiệm dơng của phơng trình ct 2 + bt + a = 0 ; t 2 = 2 1 x Vậy nếu phơng trình: ax 2 + bx + c =0 có hai nghiẹm dơng phân biệt x 1 ; x 2 thì ph- ơng trình : ct 2 + bt + a =0 cũng có hai nghiệm dơng phân biệt t 1 ; t 2 . t 1 = 1 1 x ; t 2 = 2 1 x b. Do x 1 ; x 1 ; t 1 ; t 2 đều là những nghiệm dơng nên t 1 + x 1 = 1 1 x + x 1 2 t 2 + x 2 = 2 1 x + x 2 2 Do đó x 1 + x 2 + t 1 + t 2 4 Bài 4 a. Giả sử đã tìm đợc điểm D trên cung BC sao cho tứ giác BHCD là hình bình hành . Khi đó: BD//HC; CD//HB vì H là trực tâm tam giác ABC nên CH AB và BH AC => BD AB và CD AC . Do đó: ABD = 90 0 và ACD = 90 0 . Vậy AD là đờng kính của đờng tròn tâm O Ngợc lại nếu D là đầu đờng kính AD của đờng tròn tâm O thì tứ giác BHCD là hình bình hành. b) Vì P đối xứng với D qua AB nên APB = ADB nhng ADB = ACB nhng ADB = ACB Do đó: APB = ACB Mặt khác: AHB + ACB = 180 0 => APB + AHB = 180 0 Tứ giác APBH nội tiếp đợc đờng tròn nên PAB = PHB Mà PAB = DAB do đó: PHB = DAB Chứng minh tơng tự ta có: CHQ = DAC Vậy PHQ = PHB + BHC + CHQ = BAC + BHC = 180 0 Ba điểm P; H; Q thẳng hàng c). Ta thấy APQ là tam giác cân đỉnh A Có AP = AQ = AD và PAQ = 2BAC không đổi nên cạnh đáy PQ đạt giá trị lớn nhất AP và AQ là lớn nhất hay AD là lớn nhất D là đầu đờng kính kẻ từ A của đờng tròn tâm O Đề 3 H O P Q D C B A Tài liệu ôn thi THPT Bài 1: Cho biểu thức: ( ) ( )( ) yx xy xyx y yyx x P + ++ + = 111))1)(( a). Tìm điều kiện của x và y để P xác định . Rút gọn P. b). Tìm x,y nguyên thỏa mãn phơng trình P = 2. Bài 2: Cho parabol (P) : y = -x 2 và đờng thẳng (d) có hệ số góc m đi qua điểm M(-1 ; -2) . a). Chứng minh rằng với mọi giá trị của m (d) luôn cắt (P) tại hai điểm A , B phân biệt b). Xác định m để A,B nằm về hai phía của trục tung. Bài 3: Giải hệ phơng trình : =++ =++ =++ 27 1 111 9 zxyzxy zyx zyx Bài 4: Cho đờng tròn (O) đờng kính AB = 2R và C là một điểm thuộc đờng tròn );( BCAC . Trên nửa mặt phẳng bờ AB có chứa điểm C , kẻ tia Ax tiếp xúc với đờng tròn (O), gọi M là điểm chính giữa của cung nhỏ AC . Tia BC cắt Ax tại Q , tia AM cắt BC tại N. a). Chứng minh các tam giác BAN và MCN cân . b). Khi MB = MQ , tính BC theo R. Bài 5: Cho Rzyx ,, thỏa mãn : zyxzyx ++ =++ 1111 Hãy tính giá trị của biểu thức : M = 4 3 + (x 8 y 8 )(y 9 + z 9 )(z 10 x 10 ) . Đáp án Bài 1: a). Điều kiện để P xác định là :; 0;1;0;0 + yxyyx . *). Rút gọn P: ( ) ( ) ( ) ( ) (1 ) (1 ) 1 1 x x y y xy x y P x y x y + + = + + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 x y x x y y xy x y x y x y + + + = + + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 x y x y x xy y xy x y x y + + + = + + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 1 1 1 1 x x y x y x x x y + + + + = + ( ) 1 x y y y x y + = ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 1 1 x y y y y y + = .x xy y= + Vậy P = .yxyx + b). P = 2 .yxyx + = 2 ( ) ( ) ( )( ) 111 111 =+ =++ yx yyx Ta có: 1 + 1y 1 1x 0 4x x = 0; 1; 2; 3 ; 4 Thay vào ta cócác cặp giá trị (4; 0) và (2 ; 2) thoả mãn Q N M O C B A Tài liệu ôn thi THPT Bài 2: a). Đờng thẳng (d) có hệ số góc m và đi qua điểm M(-1 ; -2) . Nên phơng trình đờng thẳng (d) là : y = mx + m 2. Hoành độ giao điểm của (d) và (P) là nghiệm của phơng trình: - x 2 = mx + m 2 x 2 + mx + m 2 = 0 (*) Vì phơng trình (*) có ( ) mmmm >+=+= 04284 2 2 nên phơng trình (*) luôn có hai nghiệm phân biệt , do đó (d) và (P) luôn cắt nhau tại hai điểm phân biệt A và B. b). A và B nằm về hai phía của trục tung phơng trình : x 2 + mx + m 2 = 0 có hai nghiệm trái dấu m 2 < 0 m < 2. Bài 3 : ( ) ( ) =++ =++ =++ 327 )2(1 111 19 xzyzxy zyx zyx ĐKXĐ : .0,0,0 zyx ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 81 2 81 81 2 27 2( ) 2 0 ( ) ( ) ( ) 0 ( ) 0 ( ) 0 ( ) 0 x y z x y z xy yz zx x y z xy yz zx x y z x y z xy yz zx x y z xy yz zx x y y z z x x y x y y z y z x y z z x z x + + = + + + + + = + + = + + + + = + + = + + + + + + = + + = = = = = = = = = Thay vào (1) => x = y = z = 3 . Ta thấy x = y = z = 3 thõa mãn hệ phơng trình . Vậy hệ phơng trình có nghiệm duy nhất x = y = z = 3. Bài 4: a). Xét ABM và NBM . Ta có: AB là đờng kính của đờng tròn (O) nên :AMB = NMB = 90 o . M là điểm chính giữa của cung nhỏ AC nên ABM = MBN => BAM = BNM => BAN cân đỉnh B. Tứ giác AMCB nội tiếp => BAM = MCN ( cùng bù với góc MCB). => MCN = MNC ( cùng bằng góc BAM). => Tam giác MCN cân đỉnh M b). Xét MCB và MNQ có : MC = MN (theo cm trên MNC cân ) ; MB = MQ ( theo gt) BMC = MNQ ( vì : MCB = MNC ; MBC = MQN ). => ) .( cgcMNQMCB = => BC = NQ . Xét tam giác vuông ABQ có BQAC AB 2 = BC . BQ = BC(BN + NQ) => AB 2 = BC .( AB + BC) = BC( BC + 2R) => 4R 2 = BC( BC + 2R) => BC = R)15( Bài 5: Từ : zyxzyx ++ =++ 1111 => 0 1111 = ++ ++ zyxzyx => ( ) 0 = ++ ++ + + zyxz zzyx xy yx Tài liệu ôn thi THPT ( ) ( ) ( ) ( )( ) 0)( 0 )( 0 11 2 =+++ = ++ +++ + = ++ ++ xzzyyx zyxxyz xyzzyzx yx zyxzxy yz Ta có : x 8 y 8 = (x + y)(x-y)(x 2 +y 2 )(x 4 + y 4 ).= y 9 + z 9 = (y + z)(y 8 y 7 z + y 6 z 2 - + z 8 ) z 10 - x 10 = (z + x)(z 4 z 3 x + z 2 x 2 zx 3 + x 4 )(z 5 - x 5 ) Vậy M = 4 3 + (x + y) (y + z) (z + x).A = 4 3 Đề 4 Bài 1: 1) Cho đờng thẳng d xác định bởi y = 2x + 4. Đờng thẳng d / đối xứng với đờng thẳng d qua đ- ờng thẳng y = x là: A.y = 2 1 x + 2 ; B.y = x - 2 ; C.y = 2 1 x - 2 ; D.y = - 2x - 4 Hãy chọn câu trả lời đúng. 2) Một hình trụ có chiều cao gấp đôi đờng kính đáy đựng đầy nớc, nhúng chìm vào bình một hình cầu khi lấy ra mực nớc trong bình còn lại 3 2 bình. Tỉ số giữa bán kính hình trụ và bán kính hình cầu là A.2 ; B. 3 2 ; C. 3 3 ; D. một kết quả khác. Bìa2: 1) Giải phơng trình: 2x 4 - 11 x 3 + 19x 2 - 11 x + 2 = 0 2) Cho x + y = 1 (x > 0; y > 0) Tìm giá trị lớn nhất của A = x + y Bài 3: 1) Tìm các số nguyên a, b, c sao cho đa thức : (x + a)(x - 4) - 7 Phân tích thành thừa số đợc : (x + b).(x + c) 2) Cho tam giác nhọn xây, B, C lần lợt là các điểm cố định trên tia Ax, Ay sao cho AB < AC, điểm M di động trong góc xAy sao cho MB MA = 2 1 Xác định vị trí điểm M để MB + 2 MC đạt giá trị nhỏ nhất. Bài 4: Cho đờng tròn tâm O đờng kính AB và CD vuông góc với nhau, lấy điểm I bất kỳ trên đoan CD. a) Tìm điểm M trên tia AD, điểm N trên tia AC sao cho I lag trung điểm của MN. b) Chứng minh tổng MA + NA không đổi. c) Chứng minh rằng đờng tròn ngoại tiếp tam giác AMN đi qua hai điểm cố định. Hớng dẫn Bài 1: 1) Chọn C. Trả lời đúng. 2) Chọn D. Kết quả khác: Đáp số là: 1 Bài 2 : 1)A = (n + 1) 4 + n 4 + 1 = (n 2 + 2n + 1) 2 - n 2 + (n 4 + n 2 + 1) = (n 2 + 3n + 1)(n 2 + n + 1) + (n 2 + n + 1)(n 2 - n + 1) = (n 2 + n + 1)(2n 2 + 2n + 2) = 2(n 2 + n + 1) 2 Vậy A chia hết cho 1 số chính phơng khác 1 với mọi số nguyên dơng n. 2) Do A > 0 nên A lớn nhất A 2 lớn nhất. Xét A 2 = ( x + y ) 2 = x + y + 2 xy = 1 + 2 xy (1) Ta có: 2 yx + xy (Bất đẳng thức Cô si) => 1 > 2 xy (2) M D C B A x K O N M I D C B A Tài liệu ôn thi THPT Từ (1) và (2) suy ra: A 2 = 1 + 2 xy < 1 + 2 = 2 Max A 2 = 2 <=> x = y = 2 1 , max A = 2 <=> x = y = 2 1 Bài3 Câu 1Với mọi x ta có (x + a)(x - 4) - 7 = (x + b)(x + c) Nên với x = 4 thì - 7 = (4 + b)(4 + c) Có 2 trờng hợp: 4 + b = 1 và 4 + b = 7 4 + c = - 7 4 + c = - 1 Trờng hợp thứ nhất cho b = - 3, c = - 11, a = - 10 Ta có (x - 10)(x - 4) - 7 = (x - 3)(x - 11) Trờng hợp thứ hai cho b = 3, c = - 5, a = 2 Ta có (x + 2)(x - 4) - 7 = (x + 3)(x - 5) Câu2 (1,5điểm) Gọi D là điểm trên cạnh AB sao cho: AD = 4 1 AB. Ta có D là điểm cố định Mà AB MA = 2 1 (gt) do đó MA AD = 2 1 Xét tam giác AMB và tam giác ADM có MâB (chung) AB MA = MA AD = 2 1 Do đó AMB ~ ADM => MD MB = AD MA = 2 => MD = 2MD (0,25 điểm) Xét ba điểm M, D, C : MD + MC > DC (không đổi) Do đó MB + 2MC = 2(MD + MC) > 2DC Dấu "=" xảy ra <=> M thuộc đoạn thẳng DC Giá trị nhỏ nhất của MB + 2 MC là 2 DC * Cách dựng điểm M. - Dựng đờng tròn tâm A bán kính 2 1 AB - Dựng D trên tia Ax sao cho AD = 4 1 AB M là giao điểm của DC và đờng tròn (A; 2 1 AB) Bài 4: a) Dựng (I, IA) cắt AD tại M cắt tia AC tại N Do MâN = 90 0 nên MN là đờng kính Vậy I là trung điểm của MN b) Kẻ MK // AC ta có : INC = IMK (g.c.g) => CN = MK = MD (vì MKD vuông cân) Vậy AM+AN=AM+CN+CA=AM+MD+CA => AM = AN = AD + AC không đổi c) Ta có IA = IB = IM = IN Vậy đờng tròn ngoại tiếp AMN đi qua hai điểm A, B cố định. Đề 5 Bài 1. Cho ba số x, y, z thoã mãn đồng thời : 2 2 2 2 1 2 1 2 1 0x y y z z x+ + = + + = + + = Tính giá trị của biểu thức : 2007 2007 2007 A x y z= + + . Tài liệu ôn thi THPT Bài 2). Cho biểu thức : 2 2 5 4 2014M x x y xy y= + + + . Với giá trị nào của x, y thì M đạt giá trị nhỏ nhất ? Tìm giá trị nhỏ nhất đó Bài 3. Giải hệ phơng trình : ( ) ( ) 2 2 18 1 . 1 72 x y x y x x y y + + + = + + = Bài 4. Cho đờng tròn tâm O đờng kính AB bán kính R. Tiếp tuyến tại điểm M bbất kỳ trên đờng tròn (O) cắt các tiếp tuyến tại A và B lần lợt tại C và D. a.Chứng minh : AC . BD = R 2 . b.Tìm vị trí của điểm M để chu vi tam giác COD là nhỏ nhất . Bài 5.Cho a, b là các số thực dơng. Chứng minh rằng : ( ) 2 2 2 2 a b a b a b b a + + + + Bài 6).Cho tam giác ABC có phân giác AD. Chứng minh : AD 2 = AB . AC - BD . DC. Hớng dẫn giải Bài 1. Từ giả thiết ta có : 2 2 2 2 1 0 2 1 0 2 1 0 x y y z z x + + = + + = + + = Cộng từng vế các đẳng thức ta có : ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 1 2 1 2 1 0x x y y z z+ + + + + + + + = ( ) ( ) ( ) 2 2 2 1 1 1 0x y z + + + + + = 1 0 1 0 1 0 x y z + = + = + = 1x y z = = = ( ) ( ) ( ) 2007 2007 2007 2007 2007 2007 1 1 1 3A x y z = + + = + + = Vậy : A = -3. Bài 2.(1,5 điểm) Ta có : ( ) ( ) ( ) 2 2 4 4 2 1 2 2 2007M x x y y xy x y= + + + + + + + + ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 1 2 1 2007M x y x y= + + + ( ) ( ) ( ) 2 2 1 3 2 1 1 2007 2 4 M x y y = + + + Do ( ) 2 1 0y và ( ) ( ) 2 1 2 1 0 2 x y + ,x y 2007M min 2007 2; 1M x y = = = Bài 3. Đặt : ( ) ( ) 1 1 u x x v y y = + = + Ta có : 18 72 u v uv + = = u ; v là nghiệm của phơng trình : 2 1 2 18 72 0 12; 6X X X X + = = = Tài liệu ôn thi THPT 12 6 u v = = ; 6 12 u v = = ( ) ( ) 1 12 1 6 x x y y + = + = ; ( ) ( ) 1 6 1 12 x x y y + = + = Giải hai hệ trên ta đợc : Nghiệm của hệ là : (3 ; 2) ; (-4 ; 2) ; (3 ; -3) ; (-4 ; -3) và các hoán vị. Bài 4 . a.Ta có CA = CM; DB = DM Các tia OC và OD là phân giác của hai góc AOM và MOB nên OC OD Tam giác COD vuông đỉnh O, OM là đờng cao thuộc cạnh huyền CD nên : MO 2 = CM . MD R 2 = AC . BD b.Các tứ giác ACMO ; BDMO nội tiếp ã ã ã ã ;MCO MAO MDO MBO = = ( ) .COD AMB g gV : V (0,25đ) Do đó : 1 . . . . Chu vi COD OM Chu vi AMB MH = V V (MH 1 AB) Do MH 1 OM nên 1 1 OM MH Chu vi COD V chu vi AMBV Dấu = xảy ra MH 1 = OM M O M là điểm chính giữa của cung ằ AB Bài 5 (1,5 điểm) Ta có : 2 2 1 1 0; 0 2 2 a b ữ ữ a , b > 0 1 1 0; 0 4 4 a a b b + + 1 1 ( ) ( ) 0 4 4 a a b b + + + a , b > 0 1 0 2 a b a b + + + > Mặt khác 2 0a b ab+ > Nhân từng vế ta có : ( ) ( ) ( ) 1 2 2 a b a b ab a b + + + + ( ) ( ) 2 2 2 2 a b a b a b b a + + + + Bài 6. (1 điểm) Vẽ đờng tròn tâm O ngoại tiếp ABCV Gọi E là giao điểm của AD và (O) Ta có: ABD CEDV : V (g.g) . . BD AD AB ED BD CD ED CD = = ( ) 2 . . . . AD AE AD BD CD AD AD AE BD CD = = Lại có : ( ) .ABD AEC g gV : V o h d c m b a d e c b a [...]... (0.5đ) M A Chứng minh BOD = MOD E OMD = OBD = 900 Tơng tự: OME = 900 D, M, E thẳng hàng Do đó DE là tiếp tuyến của đờng tròn (O) b.Xét ADE có DE < AD +AE mà DE = DB + EC 2ED < AD +AE +DB + EC hay 2DE < AB + AC = 2R DE < R Ta có DE > AD; DE > AE ; DE = DB + EC Cộng từng vế ta đợc: 3DE > 2R DE > Vậy R > DE > 2 R 3 2 R 3 Đề 9 Câu 1: Cho hàm số f(x) = x 4x + 4 2 a) Tính f(-1); f(5) b) Tìm x để f(x)... đúng viết giả thi t kết luận a Sđ CDE = 1 1 Sđ DC = Sđ BD = BCD 2 2 => DE/ / BC (2 góc vị trí so le) 1 sđ (AC - DC) = 2 b APC = AQC => APQC nội tiếp (vì APC = AQC cùng nhìn đoan AC) c.Tứ giác APQC nội tiếp CPQ = CAQ (cùng chắn cung CQ) CAQ = CDE (cùng chắn cung DC) Suy ra CPQ = CDE => DE/ / PQ DE PQ QE DE = QC FC Ta có: = CE CQ (vì DE/ / BC) Cộng (1) và (2) : => (vì DE/ /PQ) (1) (2) DE DE CE + QE... (m ) không chính phơng Vậy m = 2 là giá trị cần tìm 2 2 Tài liệu ôn thi THPT 2 2 A Bài 4: 1 ằ ã ã a) EAD = EFD(= sd ED ) (0,25) 2 F E 1 ằ ã ã FAD = FDC(= sd FD ) (0,25) 2 ã ã ã ã mà EDA = FAD EFD = FDC (0,25) B EF // BC (2 góc so le trong bằng nhau) ằ ằ b) AD là phân giác góc BAC nên DE = DF D 1 1 ằ ã sđ AE = sđ ADE 2 2 ã ã ã ã do đó ACD = ADE và EAD = DAC ã ẳ ằ sđ ACD = sđ( AED DF ) = D ADC (g.g)... 4AH.PB2 = 4R.PB.CB - AH.CB2 AH (4PB2 +CB2) = 4R.PB.CB Tài liệu ôn thi THPT AH = = 4R.CB.PB 4R.2R.PB = 2 2 4.PB + CB 4PB 2 + (2R) 2 8R 2 d 2 R 2 2.R 2 d 2 R 2 = 2 2 2 4(d R ) + 4R d2 Câu 5 (1đ) Để phơng trình có 2 nghiệm phân biệt x1 ; x2 thì > 0 (2m - 1)2 - 4 2 (m - 1) > 0 Từ đó suy ra m 1,5 (1) Mặt khác, theo định lý Viét và giả thi t ta có: 2m 1 x1 + x 2 = 2 m 1 x 1 x 2 = 2 ... 3 2 D Câu 4: c/ Theo câu b, tứ giác ABCK là hình thang AB // CK Do đó, tứ giác ABCK là hình bình hành O B C Tài liệu ôn thi THPT ã BAC = ã ACK 1 ằ 1 ã ằ ACK = sđ EC = sđ BD = DCB Mà ã 2 ã ã Nên BCD = BAC 2 ã ã Dựng tia Cy sao cho BCy = BAC Khi đó, D là giao điểm của ằ và Cy AB ã ã ã Với giả thi t ằ > BC thì BCA > BAC > BDC AB ằ D AB Vậy điểm D xác định nh trên là điểm cần tìm Đề 8 2 Câu 1: a)... x2-x1=1 (1) x1+x2=m+5 (2) x1x2 =-m+6 (3) Giải hệ tađợc m=0 và m=-14 thoã mãn (*) b/ Theo giả thi t ta có: 2x1+3x2 =13(1) x1+x2 = m+5(2) x1x2 =-m+6 (3) giải hệ ta đợc m=0 và m= 1 Thoả mãn (*) Câu 3: *Để hệ vô nghiệm thì m/m3=-1/(m2-1) 1/2 3m3-m=-m3 m2(4m2- 1)=0 m=0 m=0 2 2 3m -1-2 3m -1 m=1/2 m=1/2 Tài liệu ôn thi THPT m 3 2 *Hệvô số nghiệm thì: m/m =-1/(m -1) =1/2 3m3-m=-m3 m=0 2 3m -1= -2 m=1/2 Vô nghiệm... = = 4R.CB.PB 4R.2R.PB = 4.PB 2 + CB 2 4PB 2 + (2R) 2 8R 2 d 2 R 2 2.R 2 d 2 R 2 = 4(d 2 R 2 ) + 4R 2 d2 O H C Tài liệu ôn thi THPT Câu 5 Để phơng trình có 2 nghiệm phân biệt x1 ; x2 thì > 0 (2m - 1)2 - 4 2 (m - 1) > 0 Từ đó suy ra m 1,5 (1) Mặt khác, theo định lý Viét và giả thi t ta có: 13 - 4m x1 = 7 7m 7 x1 = 26 - 8m 13 - 4m 7m 7 3 7 4 26 - 8m = 11 2m 1 x1 + x 2 = 2 m... 2) = ( x + 2)( y 4) ( x 3)(2 y + 7) = (2 x 7)( y + 3) Câu 3: Cho biểu thức A= x x +1 x 1 x 1 x 1 : x + a) Rút gọn A 2) Tìm giá trị của x để A = 3 x 1 x với x > 0 và x 1 O C Tài liệu ôn thi THPT Câu 4: Từ điểm P nằm ngoài đờng tròn tâm O bán kính R, kẻ hai tiếp tuyến PA; PB Gọi H là chân đờng vuông góc hạ từ A đến đờng kính BC a) Chứng minh rằng PC cắt AH tại trung điểm E của AH... y + 7) = (2x 7)( y + 3) xy 2x = xy + 2 y 4x 8 2xy 6 y + 7x 21 = 2xy 7 y + 6x 21 x y = 4 x = -2 x+ y = 0 y = 2 Câu 3a) Ta có: A = x x +1 x 1 : x + x 1 x 1 x x 1 Tài liệu ôn thi THPT ( x + 1)( x x + 1) x 1 x ( x 1) x : + = ( x 1)( x + 1) x 1 x 1 x 1 x x +1 x 1 x x + x : x 1 x 1 x 1 = x x +1 x +1 = x 1 = b) A = 3 => 2 x x =3 x +2... giác ABCK là hình gì? Vì sao? c/ Xác định vị trí điểm D sao cho tứ giác ABCK là hình bình hành Câu 1: Điều kiện: x 0 và x 1 (0,25 điểm) P= Đáp án x+2 x +1 x +1 + x x 1 x + x + 1 ( x + 1)( x 1) Tài liệu ôn thi THPT = x+2 x +1 + 3 ( x ) 1 x + x +1 = x + 2 + ( x + 1)( x 1) ( x + x + 1) ( x 1)( x + x + 1) = x x x = ( x 1)( x + x + 1) x + x +1 1 x 1 1 1 x < 3 x + x +1 3 x + 1 ; ( vì x + x + 1 > 0 . đó DE là tiếp tuyến của đờng tròn (O). b.Xét ADE có DE < AD +AE mà DE = DB + EC 2ED < AD +AE +DB + EC hay 2DE < AB + AC = 2R DE < R Ta có DE. = 2R DE < R Ta có DE > AD; DE > AE ; DE = DB + EC Cộng từng vế ta đợc: 3DE > 2R DE > 3 2 R Vậy R > DE > 3 2 R Đề 9 Câu 1: Cho hàm