Đang tải... (xem toàn văn)
- Lặp lại các bước trên với các lần đo khác nhau.[r]
(1)3 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
HẢI DƯƠNG
KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH LỚP 12 THPT NĂM HỌC 2018 – 2019
MƠN THI: Vật Lí
Câu Ý Đáp án Điểm
1
1
+ Vận tốc m trước va chạm:v0 2gh 0,5 3(m/s) + Bảo toàn động lượng
0
( ) h h 0, /
m v
mv M m V V m s
M m
0,25
0,25
2
a
Khi có thêm m lị xo bị nén thêm
đoạn: l0 mg 1cm
K
+ Ta có K 20 (rad)
M m s
+ So với gốc tọa độ O t = 0:
0
0
2 os
2
( ) sin 20 /
3
h
A cm
x A c cm
rad
V A cm s
+Phương trình dao động: os(20 )
3
x c t cm
0,25
0,25
b
+ Kể từ lúc va chạm đến lúc hệ vật độ cao cực đại lần vật
2 A
s A cm
+ Thời gian chuyển động: 5 ( )
12 6 20 12
T T T
t s
+ Tốc độ trung bình: v s 84(cm s/ ) 26, 74(cm s/ )
t
0,25
0,25
c Ta có
+ Độ lớn vật tốc 20 /
2
A A
v cm s v x (1)
+ Gia tốc:
2 400
400( / ) ( )
400
A
a x cm s x x cm Vậy
2 A
A x
(2) Từ (1) (2)
3
2 ( ) 0,052( )
2 12 60
A A T
x t s s
0,25
0,25
2 1 a Ta có g (rad s/ )
l
0,25
HƯỚNG DẪN CHẤM
O OM
(2)4
+ 0 90 ( ) 0 0 ( )
20 rad S l 20 m
+ Tại t = 2
0
( )
s
rad v
+ Phương trình li độ dài: os( )( )
20
s c t m
0,25
0,25
b
+ Ta có 2( ) 2(
3 12
T T T
T s t
) + Quãng đường lớn nhất:
Smax = 2S0 + 2 S
= 3S0 =
( ) 47,1( )
20 m cm
0,25
0,25
2
a. Khi vật nhỏ nằm cân T P Fd 0
Chiếu lên hệ trục 0xy ta có
.sin sin os os
F T
T c F c P
6
0
.sin tan
os
10 2.10 sin 30 tan
0, 02.10 10 2.10 os30 15
F mg F c
c
b Ta có PFd P/ /2 2
/
( ) os
19,3( / )
F F
g g g c
m m
g m s
Chu kỳ dao động: T./ l/ 1, 43( )s g
0,25
0,25
0,25
3
1 a
+ Thanh chuyển động sang phải lực từ F hướng sang phải
+ Theo quy tắc bàn tay trái dịng điện MN có chiều từ M đến N (hình vẽ)
+ Ngay sau đóng khóa K, hiệu điện hai tụ U0
Cường độ dòng điện I0 U0 10( )A R
0,25
0,25
b
+ Lực từ tác dụng lên
0
0,1( ) F B I l N
+ Gia tốc a F 1(m s/ 2) m
0,25
0,25
P
d F
/ P E
0 y
x T
C B F
M
(3)5 c
+ Định luật II Niuton m v F BIl
t
.( )
m v Bl I t Bl q
0
( ) ( )
m v B l q q BlC U U
(1)
+ Khi v = vgh khơng cịn dịng điện nữa, nên hiệu điện
hai tụ suất điện động cảm ứng
gh gh
U U Bl v (2) + Từ (1) (2) vgh CBlU2 20
m CB l
0,05(m/s)= 5(cm/s)
0,25
0,25
2
+ Từ 02 2
2
gh gh
CBlU ClU
v v
m
m CB l CBl
B
+ Theo BĐT cosi ta có
(m C B l ) .l m C
B
+ Dấu "=" xảy B m 10( )T
l C
0
ax 2,5( / )
m
U C
v m s
m
0,25
0,25
4
1
+ Khi cho thấu kính chuyển động xa vật với vận tốc v
30 30 ( )
d v t t cm
Sau t = 2s d 40cm
+ Từ 1 1/
f d d /
dd l (l khoảng cách vật ảnh thật qua thấu kính)
2
0
d dl lf
+ Ta có l2 4lf 0 l 4f
+ Vì ảnh qua thấu kính ln ảnh thật nên lúc đầu thấu kính xa vật ảnh xa thấu kính Khi lmin 4f ảnh bắt đầu đổi chiều
chuyển động Khi
2 l
d f
+ Theo d = 40cm = 2f f = 20cm
0,25
0,25
0,25
0,25
2
Ta có
+ Khi vật sáng A ảnh B, vật B ảnh không A mà lại
A B
C O
a
b
d1’
d1
(4)6
C, ảnh B lúc vật A ảnh ảo ( / d )
Từ hình vẽ: d1/ d1 a 8cmd1/ (d18)
1
1 1
( 8)
f d d
(1)
+ Khi vật sáng B cho ảnh C, ảnh C ảnh thật (d2/ 0) Từ hình vẽ: d2 d18
/
2 ( ) 20 ( 8) 12 d a b d d d
1
1 1
8 12
f d d
(2)
Từ (1) (2) ta có 1 24 240 4,89
7 49
d cm f (cm)
0,25
0,25
5
1
+ Ta có
3
AM
x R
x
(9 ).6 (9 ).6 (9 ) 15
MB
x x
R
x x
3 (9 ).6
3 15
AB
x x
R
x x
Theo C M PAB = 18 W Khi C di chuyển P ln
giảm, chứng tỏ Pmax = 18W
+ Ta có
2 AB
2 AB E R P
R r
=>
2 max
E P
4r
RAB r
+
2
max E
r 4,
4P
( )
+ Với RAB r 4,5 3x 9 x 6
x x
=> x = 3( )
0,25
0,25
0,25
0,25
2
Nhận xét:
x R x
R
=> Mạch cầu cân
0( )
A
I A
0,5
6 1
Gọi E, r suất điện động điện trở nguồn, ta có: + Lắp sơ đồ mạch điện
+ Mạch 1: 1 1
1
V
U
U U E r
R
(1)
+ Mạch 2:
/
/ /
1
1 (U U ) E r.U
R
(2) 0,25
R1 R2 M
A B
E, r
(5)7
Từ (1) (2) ta
/ / 1
U U E
U U
0,25
2
- Bước 1: Mắc mạch điện 1, đóng khóa k, đọc số U1 - Bước 2: Mắc mạch điện 2, đóng khóa k, đọc số U’1, U’2
- Lặp lại bước với lần đo khác - Bảng số liệu:
Lần đo U1 U’1 U’2 E
1 …
* Cách tính
+ Giá trị trung bình: E E1 E2 En n
+ Sai số
1
E E E
2
E E E
n n
E E E
E1 E2 En E
n
Vậy E E E
0,25
0,25