SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO SỞ VĨNH PHÚC TRƯỜNG THPT TRẦN PHÚ ĐỀ CHÍNH THỨC ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA NĂM 2019 LẦN Môn thi thành phần: HĨA HỌC Thời gian làm bài: 50 phút, khơng kể thời gian phát đề (Đề thi có 40 câu / trang) Mã đề: 112 Cho biết nguyên tử khối nguyên tố: H = 1; C = 12; N = 14; O = 16; Na = 23; Mg = 24; Al = 27; P = 31; S = 32; Cl = 35,5; K = 39; Ca = 40; Cr = 52; Fe = 56; Cu = 64; Zn = 65; Ag = 108; Ba = 137 I CẤU TRÚC ĐỀ: Lớp 12 11 10 MỤC LỤC Este – lipit Cacbohidrat Amin – Aminoaxit - Protein Polime vật liệu Đại cương kim loại Kiềm – Kiềm thổ - Nhơm Crom – Sắt Phân biệt nhận biết Hố học thực tiễn Thực hành thí nghiệm Điện li Nitơ – Photpho – Phân bón Cacbon - Silic Đại cương - Hiđrocacbon Ancol – Anđehit – Axit Kiến thức lớp 10 Tổng hợp hố vơ Tổng hợp hố hữu Nhận biết Thông hiểu Vận dụng thấp Vận dụng cao 1 1 1 2 0 2 1 TỔNG 12 0 II ĐÁNH GIÁ – NHẬN XÉT: - Cấu trúc: 55% lý thuyết (22 câu) + 45% tập (18 câu) - Nội dung: + Phần lớn bố chủ yếu hữu lớp 11 + 12 Phần lại vơ lớp 12 + Những câu hỏi khó tập trung vào phần dạng toán hỗn hợp tác dụng H+ NO3-, biện luận este + Cấu trúc phân bố chưa III ĐÁP ÁN THAM KHẢO: PHẦN ĐÁP ÁN 1B 11D 21A 31C 2B 12A 22D 32A 3D 13B 23D 33A 4C 14C 24B 34A 5A 15D 25D 35C 6A 16D 26C 36B 7B 17B 27A 37A 8C 18D 28C 38B 9C 19D 29B 39D 10B 20C 30C 40A HƯỚNG DẪN GIẢI CHI TIẾT Câu Chọn C 2n CO + n H 2O − 2n O = 0, 02 mol = 3n X = 3n C3H5 (OH)3 = 0,15 mol BTKL BT:O ⎯⎯⎯ → m X = 44n CO + 18n H 2O − 32n O = 17, 72 (g) ⎯⎯⎯ →nX = Khi cho 7,088 gam X tác dụng với NaOH : n NaOH BTKL ⎯⎯⎯ → m muèi = m X + 40n NaOH − 92n C3H5 (OH)3 = 7,312(g) Câu 16 Chọn D Khi bón vơi sống vào đất tưới nước thì: CaO + H2O → Ca(OH)2 (tạo môi trường bazơ) nên pH > Khi thu hoạch hoa có màu hồng Câu 25 Chọn D Các ion tồn dung dịch chúng không phản ứng với Theo đề ta chọn Y (H+, NO3–, SO42–, Mg2+) thoả mãn điều kiện Y hoà tan Fe2O3 bảo tồn điện tích Vậy dung dịch X ion lại (K+, Na+, HCO3–, CO32–) Khi cạn X HCO3– bị phân huỷ thành CO32– (0,05 mol)  m = m K + m Na + mCO = 23, (g) + + 2− Câu 26 Chọn C (a) Sai, Fructozơ không làm màu nước brom (b) Sai, Khi thay nhóm –OH nhóm cacboxyl (-COOH) –OR ta phân tử este (c) Đúng (d) Đúng (e) Đúng (f) Sai, Phương pháp sản xuất CH3COOH cho CH3OH tác dụng với CO (g) Đúng Câu 27 Chọn A BTKL BT: O Xét phản ứng đốt cháy: ⎯⎯⎯ → n H2O = 0,075 mol ⎯⎯⎯ → n O (X) = 0,075 mol Lập tỉ lệ nC : nH : nO = 0,175 : 0,15 : 0,075 = : :  CTPT X C7H6O3 n Ta có: n NaOH = 0, 03 mol mà NaOH =  CTCT X HCOOC6H4OH nX BTKL  n H2O = 2n X = 0,02 mol ⎯⎯⎯ → m = 2, 46 gam Câu 28 Chọn C 160x + 80y + 102z = 29,1 x = 0,1 Fe2O3 : x mol    Gọi CuO : y mol → 6x + 2y + 6z = n HCl = 1,1   y = 0,1  %m Fe2O3 = 54,98% Al O : z mol 3x + y = n = n z = 0, 05  O H 2O = 0,   Câu 29 Chọn B 4n HCHO + 2n HCOOH = 0, HCHO Hỗn hợp X có chứa  →  n HCHO = 0,12 mol HCOOH n HCOOH = 0, 06 mol Mà n CH3OH pư = (n HCHO + n HCOOH ).2 = 0,36 mol  H = 90% Câu 30 Chọn C Ta có: n OH = 2n H2 = 0, mol  m = 12n CO2 + 2n H2O + 16n O = 15,3 (g) Câu 31 Chọn C Vì X có tham gia phản ứng tráng gương nên X phải có este có dạng HCOOR n1 + n = 0, 25 n1 = 0,1mol n  → = Ta có:  2n1 = 0, n = 0,15 mol n HCOOR : 2x mol ROH : 2x mol → Theo đề ta có:  CH3COOR':3x mol R 'OH : 3x mol 2x.(45 + M R ) + 3x.(59 + M R ' ) = 14, 08 (1) (2) − (1) → ⎯⎯⎯⎯ → x = 0, 032 (loại) 2x.(17 + M R ) + 3x.(17 + M R ' ) = 8, 256 (2) M R = 43 : −C3H %m1 = 40%  Thay x vào (1) suy ra: 2M R + 3M R ' = 173   %m = 60% M R ' = 29 : −C2 H5 Câu 32 Chọn A T + NaHCO3 ⎯⎯ → n COOH = n CO2 = 0,3 mol  T + Na → n COOH + n CHOH = 2n H2 = 0,  n CHOH = 0,3 mol  T + AgNO3 / NH3  n CHO = n Ag / = 0, mol Nhận thấy: n CO2 = n COOH + n CHOH + n CHO = 0,8 nên X, Y, Z tạo nhóm Mà 50  M X  M Y  X (CHO)2: 0,1 mol ;Y (COOH)2: 0,15 mol  n Z = n X = 0,1  Z có nhóm OH  Z C3H5 ( OH )3  mT = 28,5gam Câu 33 Chọn A Ta có: n OH− = 2n H2 = 0, 04 mol mà n OH −  n H + + 2n Cu 2+  Cu2+ dư 0, 04 − 0, 02 = 0, 01mol  mCu(OH)2 = 0,98 gam Câu 34 Chọn A  n Cu(OH)2 = Ta có: n Y = n X = 0, 055 mol n KOH = 0, 065 mol  Y chứa este đơn chức (0,045 mol) este hai chức (0,01 mol) (Vì muối có mạch khơng nhánh nên tối đa chức) 0, 055.0,5 = 0, 275 mol Đốt 0,055 mol X cần n O2 = 0,1 Khi đốt Y, gọi CO2 (u mol) H2O (v mol) BT: O ⎯⎯⎯ → 2u + v = 0, 065.2 + 0, 2975.2 neste hai chức = u − v = 0, 01  u = 0,245 mol v = 0,235 mol T chứa C (a mol), H (b mol) O (0,065 mol) mT = 12a + b + 0, 065.16 = 3, 41 a = 0,16  Khi đó:   b b = 0, 45 n T = − a = 0, 065 BT: C BT : H ⎯⎯⎯ → n C (muối) = u − a = 0, 085 ⎯⎯⎯ → nH (muối) = 2v + n KOH − b = 0, 085 Do nC (muối) = nH (muối) nên muối có số C = số H   x + 2y = 0, 065 x = 0, 045 HCOOK : x mol  Muối gồm  →   %C2 H ( COOK )2 = 33,92% C H COOK : y mol x + 4y = 0, 085 y = 0, 01 ( )     Câu 35 Chọn C Gọi X, Y (a mol); Z (b mol) T (c mol) BTKL BT: O Xét phản ứng đốt cháy: ⎯⎯⎯ → n CO2 = 0, 235 mol ⎯⎯⎯ → n O (E) = 0,14 mol  2a + 2b + 4c = 0,14 (1) Áp dụng độ bất bão hồ, ta có: n CO2 − n H2O = a − b + 3c = −0, 025 (2) Xét phản ứng với dung dịch Br2, ta có: a + 2c = 0,02 (3) Từ (1), (2) suy ra: a = 0,01; b = 0,05 c = 0,005 BT: C ⎯⎯⎯ → 0, 01.CX,Y + 0, 05.C Z + 0, 005.CT = 0, 235  C Z = (dựa vào giá trị C trung bình) Xét phản ứng với KOH, ta có: n KOH = a + 2c = 0, 02 ; nZ = 0,055 mol n H2O = a = 0, 01 mol BTKL ⎯⎯⎯ → m = mE + mKOH − mZ − mH2O = 2,34 gam Câu 36 Chọn B Các hợp chất hữu có dạng CnH2n – 2O2 (14n − + 32)a = 0,342 an = 0, 018  →n=6 Theo đề ta có:  a n = 0, 018 a = 0, 003 Vậy mdd giảm = mCaCO3 − (mCO2 + mH2O ) = 0, 738 gam Câu 37 Chọn A Có chất tác dụng H2 dư (xúc tác thích hợp) tạo thành CH3CH2CH2OH CH2=CHCHO, CH3CH2CHO, CH2=CHCH2OH, CH≡CCHO Câu 38 Chọn B BT: e Ta có: n CO = n CO2 = 0,15 mol ⎯⎯⎯ → 2n CO = 3n NO  n NO = 0,1 mol  VNO = 2, 24 (l) Câu 39 Chọn D Khí C thu cách đẩy khơng khí, ngửa bình nên C phải nặng khơng khí (loại NH3, H2, C2H4) Cl2: dung dịch HCl đặc + MnO2 rắn SO2: dung dịch H2SO4 đặc + Na2SO3 rắn CO2: dung dịch HCl + CaCO3 rắn Câu 40 Chọn A Y tính khử nên Z khơng chứa O2 FeCO3 : 0,12 mol CO2 : 0,12 mol   Mg : 0,9 mol Theo đề ta có:   NO2 : 0, 48 mol Fe(NO3 ) : 0, 24 mol  NO : a mol Fe : 0,36 mol   Quy đổi Y thành Mg : 0,9 mol đặt  N 2O : b mol với a + b = 0,32 (1) O : 0, mol  +   NH : c mol Cho A tác dụng với AgNO3 khí NO (0,02 mol) nên A chứa H+ dư (0,08) A không chứa NO3– BT: N ⎯⎯⎯ → a + 2b + c = 0,38 (2) n H + = 4a + 10b + 10c + 0,6.2 = 2,7 + 0,38 – 0,08 = mol Từ (1), (2), (3) suy ra: a = 0,3; b = 0, 02; c = 0, 04 BT: Cl  ⎯⎯⎯ → n AgCl = n Cl− = 2, mol  m = 413,37 (g)  BT: e ⎯⎯⎯ → 2n + 3nFe = 2n + 3a + 8b + 8c + 0, 02.3 + n  n = 0, 24 mol  Mg O Ag Ag HẾT ... ÁN 1B 11 D 21A 31C 2B 12 A 22D 32A 3D 13 B 23D 33A 4C 14 C 24B 34A 5A 15 D 25D 35C 6A 16 D 26C 36B 7B 17 B 27A 37A 8C 18 D 28C 38B 9C 19 D 29B 39D 10 B 20C 30C 40A HƯỚNG DẪN GIẢI CHI TIẾT Câu Chọn C 2n CO. .. m = 12 n CO2 + 2n H2O + 16 n O = 15 ,3 (g) Câu 31 Chọn C Vì X có tham gia phản ứng tráng gương nên X phải có este có dạng HCOOR n1 + n = 0, 25 n1 = 0,1mol n  → = Ta có:  2n1 = 0, n = 0 ,15 ... HCOOR : 2x mol ROH : 2x mol → Theo đề ta có:  CH3COOR':3x mol R 'OH : 3x mol 2x.(45 + M R ) + 3x.(59 + M R ' ) = 14 , 08 (1) (2) − (1) → ⎯⎯⎯⎯ → x = 0, 032 (loại) 2x. (17 + M R ) + 3x. (17