MỤC LỤC I MỞ ĐẦU …………………………………………………………… 1.1 Lí chọn đề tài ………………………………………………… 1.2 Mục đích nghiên cứu ……………………………………………… 1.3 Đối tượng nghiên cứu …………………………………………… 1.4 Phương pháp nghiên cứu …………………………………… … 1.5 Những điểm sáng kiến kinh nghiệm……………………… II NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ……………………… 2.1 Cơ sở lí luận sáng kiến kinh nghiệm ………………………… 2.2 Thực trạng đề tài……………………………………………… 2.3.Giải pháp thực hiện………………………………………………… 2.3.1 Cơ sở lý thuyết…………………………………………………… 2.3.2 Một số kinh nghiệm giải nhanh toán peptit………………… Kinh nghiệm 1: Sử dụng mối quan hệ công thức cấu tạo peptit, quan hệ số mol chất phản ứng peptit………………… Kinh nghiệm 2: Sử dụng khoảng chặn để xác định số gốc aminoaxit, loại peptit……………………………………………………………… Kinh nghiệm 3: Sử dụng kĩ thuật trùng ngưng hóa peptit (gộp chuỗi peptit)…………………………………………………………………… Kinh nghiệm 4: Sử dụng phương pháp bảo toàn số mol gốc amino axit Kinh nghiệm 5: Sử dụng cách quy đổi peptit thành thành phần đơn giản hơn………………………………………………………………… 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm ……………………………… KẾT KUẬN, KIẾN NGHỊ ………………………………………… TÀI LIỆU THAM KHẢO Trang 1 1 2 2 2 3 11 19 20 I MỞ ĐẦU 1.1 LÝ DO CHỌN ĐỀ TÀI Đối với mơn hóa học, ngồi học lý thuyết việc giải tập hóa học có ý nghĩa quan trọng Giúp học sinh nhớ kiến thức học, củng cố, đào sâu mở rộng kiến thức cách hệ thống, phong phú, hấp dẫn Rèn luyện kỹ tính tốn theo cơng thức hố học PTHH… , rèn kỹ thực hành, phát triển tư logic, góp phần vào việc giáo dục tồn diện cho học sinh Thơng qua giải tập hóa học rèn luyện tính kiên nhẫn, tính tích cực, trí thơng minh sáng tạo, làm tăng hứng thú học tập cho học sinh Hiện đề thi trung học phổ thông quốc gia hình thức làm trắc nghiệm Các thi có số lượng câu hỏi nhiều, trải dài nhiều nội dung học chương trình hóa học phổ thơng Bên cạnh đó, dạng tốn ngày khai thác nhiều hơn, rộng rãi với phương pháp giải độc đáo Bài thi ngày phân hóa với nội dung từ dễ đến khó, phân loại trình độ lực học sinh Các em muốn đạt điểm giỏi trở lên phải chinh phục tốn khó, mức độ tư cao Do bên cạnh việc nắm vững kiến thức lý thuyết em cần phải nắm bắt phương pháp giải toán khác Đặc biệt cần phải linh hoạt vận dụng phương pháp giải nhanh cho loại tập giảm thiểu thời gian làm Có nhiều dạng tốn hóa học khai thác qua năm, tập peptit chuyên đề bậc phổ thông, đặc biệt năm gần dạng tập khai thác nhiều với câu hỏi hay, khó , lạ trở thành dạng tập thuộc mức độ vận dụng vận dụng cao dành cho học sinh Là chuyên đề nên gặp toán peptit em học sinh thường lúng túng việc tìm phương pháp giải có giải tốn thời gian bước giải dài Nguyên nhân em chưa thực nắm vững mối quan hệ chất chất phản ứng peptit, chưa linh hoạt việc vận dụng phương pháp, chưa nắm bắt phương pháp giải nhanh để tiết kiệm thời gian.Với lý chọn đề tài: “ MỘT SỐ KINH NGHIỆM GIẢI NHANH BÀI TOÁN PEPTIT” nhằm giúp em học sinh hiểu rõ chất, vận dụng cách giải nhanh để tự tin làm dạng tập Hy vọng đề tài tài liệu tham khảo hữu ích cho em học sinh đồng nghiệp 1.2 MỤC ĐÍCH NGHIÊN CỨU Nghiên cứu tìm hiểu cách giải nhanh toán peptit Tuyển chọn, xây dựng, phân dạng tập trắc nghiệm khách quan dưạ kinh nghiệm tích lũy để học sinh hiểu rõ chất, từ có phương pháp làm tập nhanh hiệu 1.3 ĐỐI TƯỢNG NGHIÊN CỨU - Các dạng tập peptit chương trình hóa học phổ thông - Các phương pháp giải nhanh toán peptit 1.4 PHƯƠNG PHÁP NGHIÊN CỨU - Nghiên cứu sở lý luận giảng dạy toán hóa học nhà trường - Nghiên cứu tài liệu, Internet, sách giáo khoa, tham khảo, đề thi: HSG, ĐH, - Phương pháp thực nghiệm, thống kê xử lý số liệu 1.5 NHỮNG ĐIỂM MỚI CỦA SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM Hệ thống tập cách giải xây dựng cụ thể, rõ ràng, dễ nhận dạng dựa kinh nghiệm rút trình nghiên cứu, giảng dạy II NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM Cơ sở lý luận đề tài Trong thời gian qua Bộ giáo dục đào tạo liên tục đổi hình thức kiểm tra đánh giá để phát triển toàn diện học sinh Từ hình thức thi tự luận sang hình thức thi trắc nghiệm Từ thời gian làm dài sang ngắn mà số lượng câu hỏi, dung lượng nội dung tập nhiều buộc người học phải học thực phải có tư nhanh nhạy, thơng minh sáng tạo đạt kết cao Để dạy học sinh thích ứng với hình thức thi người giáo viên phải ln “ vận động” tìm tòi phương pháp giải nhanh, xây dựng hệ thống tập phân dạng tập để học sinh dễ tiếp thu vận dụng giải nhanh tập 2 Thực trạng đề tài Các tập hóa học peptit có nhiều tài liệu viết nội dung nên phương pháp giải nhanh đưa chưa hệ thống, chưa nhiều Trong năm gần dạng tập peptit thường xuất đề thi đại học, cao đẳng thi THPT quốc gia học sinh thường gặp khó khăn giải chúng Hơn thời gian yêu cầu cho tập kì thi quốc gia ngắn Vì người giáo viên phải tìm phương pháp để giải nhanh dạng tập Khó khăn lớn dạy cho học sinh dạng tập phải làm cho học sinh hiểu nhớ công thức cấu tạo liên quan peptit (đipeptit, tripeptit…oligopeptit), mối quan hệ chất phản ứng peptit (phản ứng đốt cháy, phản ứng thủy phân…), vận dụng phương pháp giải nhanh cho loại tập Vì việc sưu tầm, phân dạng dạng tập để vận dụng cách giải nhanh quan trọng cần thiết Giải pháp thực Tôi sưu tầm tập dạng đề thi đại học – cao đẳng đề thi THPT quốc gia đề thi thử trường THPT giải, sau phân dạng vận dụng phương pháp giải nhanh dạng Tơi áp dụng vào thực hành giảng dạy cho học sinh dạy ôn thi THPT quốc gia, nhận thấy em tiếp thu tốt giải nhanh tập tương tự Trong giới hạn đề tài đưa số kinh nghiệm giảng dạy cho học sinh sau: - Kinh nghiệm 1:Sử dụng mối quan hệ công thức cấu tạo peptit, quan hệ số mol chất phản ứng peptit - Kinh nghiệm 2: Sử dụng khoảng chặn để xác định số gốc amino axit, loại peptit - Kinh nghiệm 3: Sử dụng kĩ thuật trùng ngưng hóa peptit (gộp chuỗi peptit) - Kinh nghiệm 4: Sử dụng phương pháp bảo toàn số mol gốc amino axit - Kinh nghiệm 5: Sử dụng cách quy đổi peptit thành thành phần đơn giản 2.3.1 Cơ sở lý thuyết - Bài toán peptit xây dựng dựa chất cấu tạo peptit tính chất hóa học peptit phản ứng thủy phân, phản ứng đốt cháy Qua số liệu cho có liên quan đến Vận dụng mối liên hệ chất phản ứng, định luật bảo toàn để đưa công thức giải nhanh - Những lưu ý chung giải tập peptit + Nắm khối lượng mol số amino axit hay gặp + Nắm tính chất hóa học peptit + Nắm cơng thức tính tốn hóa học: tính số mol, khối lượng, thể tích… + Nắm định luật bảo tồn hóa học: Định luật bảo toàn khối lượng, ĐLBT nguyên tố, ĐLBT electron 2.3.2 Một số kinh nghiệm giải nhanh toán peptit Kinh nghiệm 1: Sử dụng mối quan hệ công thức cấu tạo peptit, quan hệ số mol chất phản ứng peptit Nội dung tốn: Thủy phân peptit mơi trường axit, mơi trường kiềm đốt cháy peptit Đề yêu cầu tính lượng peptit lượng muối, lượng sản phẩm phản ứng đốt cháy Phương pháp giải: Đây dạng toán phổ biến peptit Để giải nhanh dạng tập trước hết cần nắm vững tính chất peptit, viết phương trình hóa học mối quan hệ số mol chất phản ứng -Mối quan hệ công thức cấu tạo peptit [1] Nếu amino axit no mạch hở có nhóm -NH nhóm -COOH có cơng thức CnH2n+1NO2 suy công thức peptit tương ứng Đipeptit: 2CnH2n+1O2N -1H2O → C2nH4nN2O3 Tripeptit: 3CnH2n+1NO2 - 2H2O →C3nH6n-1N3O4 Tetrapeptit: 4CnH2n+1O2N - 3H2O → C4nH8n-2N4O5 Peptit có k mắt xích: CknH2kn+2-kNkOk+1 (đặt kn = m peptit có dạng CmH2m+2-kNkOk+1) Rút được: Số liên kết peptit = k- 1; Số mắt xích = k Số nguyên tử oxi = k +1; Độ bất bão hòa = k - Quan hệ số mol chất phản ứng peptit [1] + Với phản ứng đốt cháy peptit 3kn 3k k k  )O2  knCO2  (kn   ) H 2O  N 2 2  n peptit nH 2O  n N Từ phản ứng có mối Ckn H kn 2 k N k Ok 1  (  nCO2  liên hệ:  nCO2  nH 2O (0,5k  1) n peptit   nO2 1,5 (nCO2  nN ) 1,5 (nH 2O  n peptit ) + Với phản ứng thủy  phân peptit 2n N  môi trường axit  n peptit  k X n  nHCl  (n  1) H 2O  nClH N  R  COOH  nHCl nClH NRCOOH Quan hệ số mol chất:   n X n  nH 2O nHCl + Với phản ứng thủy phân  peptit môi trường kiềm  nHCl n n peptit (NaOH) X n  nNaOH  nH N  R  COONa  H 2O Quan hệ số mol chất:  nNaOH nH NRCOONa   n X n nH 2O Lưu ý: Trong giải toán peptit  thường sử dụng định luật bảo  nNaOH n n peptit toàn khối lượng định luật bảo tồn ngun tố Ví dụ 1: Thủy phân hoàn toàn m gam pentapeptit mạch hở M thu hỗn hợp gồm hai amino axit X, Y (đều no, mạch hở phân tử chứa nhóm –NH nhóm –COOH) Đốt cháy tồn m gam peptit cần dùng vừa đủ 0,1275 mol O2, thu N2, H2O 0,11 mol CO2 Giá trị m [2] A.3,17 gam B 3,89 gam C 4,31 gam D 3,59 gam Hướng dẫn giải: Sử dụng mối quan hệ số mol chất phản ứng cháy 0,1275 ; n 1,5 (n  n )  n 0,11  0,025mol O2 CO2 N2 N2 1,5 n peptit  2n N (Do M pentapeptit) nH 2O n CO2 n peptit  n N 0,11  0,01  0,025 0,095mol Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng m peptit mCO2  mH 2O  mN  mO2 0,11 44  0,095 18  0,025 28  0,1275 32 3,17 gam Ví dụ 2: Thủy phân hồn tồn 4,34 gam tripeptit X mạch hở (X tạo nên từ hai α - amino axit có cơng thức dạng H 2NCxHyCOOH) dung dịch 0,01mol NaOH dư, thu 6,38 gam muối Mặt khác thủy phân hoàn toàn 4,34 gam X dung dịch HCl dư, thu m gam muối Giá trị m [3] A.6,53 B 7,25 C 5,06 D 8,25 Hướng dẫn giải:  nNaOH 3 n peptit - Thủy phân NaOH, ta có:  Theo định luật bảo toàn khối  n peptit nH O lượng mX + mNaOH = mmuối + mnước → 4,34 + 3a×40 = 6,38 + 18a → a = 0,02 mol  nHCl 3 n peptit 0,06mol - Thủy phân HCl, ta  có:  nH O 2 n peptit 0,04mol Theo định luật bảo toàn khối lượng: mmuối = mHCl + mX + mnước = 7,25 gam → Đáp án B Ví dụ 3: Peptit X peptit Y có tổng liên kết peptit Thủy phân hoàn toàn X Y thu Gly Val Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp E chứa X Y có tỉ lệ mol tương ứng 1: cần dùng 22,176 lit oxi (đktc) Sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 Dẫn toàn sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 46,48 gam, khí khỏi bình tích 2,464 lít đktc Khối lượng X đem dùng [4] A 3,3 gam B 3,28 gam C 4,24 gam D 14,48 gam Hướng dẫn giải: Theo  N : 0,11mol N  X : amol ( OH ) du  O2 (0,99mol )    Ca      bài:  Y : 3amol  CO2 , H 2O  mb.tăă 46,48 gam nO 1,5 (nCO  n N )  nCO 0,77mol Ta có: 2 2 2 mCO2  mH 2O 46,48  mH 2O 46,48  44 0,77 12,6 gam  nH 2O 0,7 mol nCO  n peptit nH O  nN  n peptit 0,04mol  a 0,01mol Và Gọi n, m số mắt xích có X,Y: (n-1) + (m-1) =  n + m =10 (1) Áp dụng bảo toàn nguyên tố N: 0,01n + 0,03m = 0,22 (2) Từ (1) (2) tính được: n = m = Ta có: Theo bảo toàn nguyên  X : (Gly) x (Val ) 4 x E tố C  Y : (Gly ) y (Val )  y 2  x 2 x n X  (4  x) 5n X  2nY  (6  y ) 5nY 0,77  x  y 11    y 3 Vậy X (Gly)2(Val)2: 0,01 mol m = 0,01×330 = 3,3 gam → Đáp án A Việc sử dụng công thức biểu thị mối liên hệ số mol chất phản ứng giúp em vận dụng tính tốn nhanh hơn, khơng thiết phải viết PTHH  Kinh nghiệm 2: Sử dụng khoảng chặn để xác định số gốc amino axit, loại peptit Nội dung toán: Đề thường cho hỗn hợp peptit X, Y (mạch hở) có tỉ lệ mol tương ứng a:b Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp peptit thu x (mol) amino axit A y (mol) amino axit B (A, B amino axit chứa nhóm -NH nhóm -COOH) Biết tổng số liên kết peptit hai peptit S Phương pháp giải Nếu nX : nY = 1: tổng số gốc hỗn hợp (S+2) Nếu nX : nY = a:a tổng số gốc hỗn hợp a × (S+2) Nếu nX : nY = b:b tổng số gốc hỗn hợp b × (S+2) Nếu nX : nY = a:b a × (S+2) < tổng số gốc hỗn hợp < b × (S+2) Lập tỉ mol amino axit nA : nB = x : y = m : n (m, n số tự nhiên tối giản) Khi tổng số gốc là: k × (m + n) a × (S+2) < k × (m + n) < b × (S+2) Từ tính k Sau gọi  u  v S  X u - peptit Y v- peptit,  au  bv k (m  n) ta có hệ sau từ tính u, v Ví dụ 4: Hỗn hợp A gồm peptit X Y (đều mạch hở) với tỉ lệ mol tương ứng 1:2, tổng số liên kết peptit hai phân tử Khi thủy phân hoàn toàn hai peptit thu 24 gam glyxin 10,68 gam alanin Peptit X, Y thuộc loại ? [5] Hướng dẫn giải Nếu nX : nY = 1: tổng số gốc hỗn hợp : + = Nếu nX : nY = 2: tổng số gốc hỗn hợp : ×(5+2) =14 Sau thủy phân, ta có : nGly = 0,32 mol nAla = 0,12 mol Lập tỉ lệ mol: nGly : nAla = 0,32 : 0,12 = : Tổng số gốc là: k×( 8+3) = 11k < 11k < 14 → k = Sau gọi X u - peptit Y v- peptit, ta có hệ sau  u  v 7  u 3 Vậy X     u  2v 11  v 4 tripeptit Y tetrapeptit Ví dụ 5: Hỗn hợp A gồm peptit X Y (đều mạch hở) với tỉ lệ mol tương ứng 3:4, tổng số liên kết peptit hai phân tử Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp A thu 1,08 mol glyxin 0,48 mol alanin Peptit X, Y thuộc loại ? [5] Hướng dẫn giải Nếu nX : nY = 3: tổng số gốc hỗn hợp : × (5 + )= 21 Nếu nX : nY = 4: tổng số gốc hỗn hợp : ×(5+2) =28 Sau thủy phân, ta có : nGly = 0,32 mol nAla = 0,12 mol Lập tỉ lệ mol: nGly : nAla = 1,08 : 0,48= : Tổng số gốc là: k×( 9+4) = 13k 21 < 13k < 26 → k = Sau gọi X u - peptit Y v- peptit, ta có hệ sau Vậy X  u  v 7  u 2    đipeptit Y pentapeptit  3u  4v 26  v 5 Kinh nghiệm 3: Sử dụng kĩ thuật trùng ngưng hóa peptit (gộp chuỗi peptit) Nội dung tốn: Cho hỗn hợp peptit X, Y có tỉ lệ mol tương ứng a, b Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp peptit thu x (mol) amino axit A y (mol) amino axit B (A, B amino axit chứa nhóm -NH nhóm -COOH) peptit nhỏ biết số mol Tính khối lượng hỗn hợp peptit biết tổng số liên kết peptit hai peptit S (hoặc nhỏ giá trị đó) Phương pháp giải - Sử dụng khoảng chặn để xác định số gốc amino axit, loại peptit tùy theo đề - Trùng ngưng hóa hỗn hợp nhiều peptit mà đề cho thành chuỗi peptit lớn (trong phương pháp tạm xem phân tử peptit amino axit điểm chung có nhóm -NH2 nhóm -COOH) Tổng quát: aX + bY → (X)a(Y)b + ( a +b -1)H2O (1) Dựa vào kiện phương trình (1) tính số mol H2O Sử dụng định luật bảo tồn khối lượng tính khối lượng peptit Ví dụ 6: Cho m gam hỗn hợp A gồm peptit X, Y, Z mạch hở có tỉ lệ mol : : Thủy phân hoàn toàn A, thu 60 gam Gly, 80,1 gam Gla, 117 gam Val Biết số liên kết peptit X, Y, Z khác có tổng Giá trị m [6] A.176,5 B 226,5 C 255,4 D 257,1 Hướng dẫn giải Nếu nX : nY : nZ = 2: 2: tổng số gốc hỗn hợp : × (6 + )= 18 Nếu nX : nY : nZ = 5: 5: tổng số gốc hỗn hợp : ×(6+3) = 45 Sau thủy phân, ta có : nGly = 0,8 mol, nAla = 0,9 mol nVal = mol Lập tỉ lệ mol: nGly : nAla : nVal = 0,8 : 0,9 : = : : 10 Tổng số gốc là: k×( + + 10) = 27k 18 < 27k < 45 → k = Vậy tổng số gốc peptit 27 Biến đổi peptit thành peptit B 2X + 3Y + 5Z → X - X - Y - Y - Y -Z - Z - Z - Z - Z + 9H2O 2X + 3Y + 5Z → [Gly]8[Ala]9[Val]10(-26)H2O + 9H2O 0,1 mol 0,9 mol nH O 0,9mol Số mol peptit mới: n B = 0,1 mol → Áp dụng ĐLBT khối lượng: mhỗn hợp peptit ban đầu = mhỗn hợp peptit + mnước m = 0,1×2013 + 0,9×18 =226,5 gam → Đáp án B Ví dụ 7: Hỗn hợp X gồm ba peptit mạch hở, có tỉ lệ mol tương ứng 1:1:3 Thủy phân m gam hỗn hợp thu hỗn hợp sản phẩm gồm 14,24 gam Ala; 8,19 gam Val Biết tổng số liên kết peptit phân tử peptit nhỏ 13 Giá trị m [3] A 18,83 B 18,29 C 19,19 D 18,47 Hướng dẫn giải: Gọi peptit A, B, C Nếu nA : nB : nC = 1: 1: tổng số gốc hỗn hợp < × (13 + )= 16 Nếu nA : nB : nC = 3: 3: tổng số gốc hỗn hợp < ×(13+3) = 48 Theo nA : nB : nC = 1: 1: tổng số gốc hỗn hợp < 48 Sau thủy phân ta có: nAla = 0,16 mol nVal = 0,07 mol Lập tỉ lệ mol: nAla : nVal = 0,16 : 0,07 = 16 : Tổng số gốc là: k×(16 + 7) = 23k 23k < 48 → k = 1,2 tổng số gốc peptit 27 Gộp peptit thành peptit Y A + B + 3C → A-B-C-C-C + 4H2O TH1: (Với k = 1) A + B + 3C →[Ala]16[Val]7(-22)H2O + 4H2O 0,01 mol 0,04 mol nH O 0,04mol Số mol peptit mới: nY = 0,01 mol → Áp dụng ĐLBT khối lượng: mhỗn hợp peptit ban đầu = mhỗn hợp peptit + mnước m = 0,01×1847 + 0,04×18 = 19,19 gam TH2: (Với k = 2) A + B + 3C →[Ala]32[Val]14(-45)H2O + 4H2O 0,005 mol 0,02 mol nH O 0,02mol Số mol peptit mới: nY = 0,005 mol → Áp dụng ĐLBT khối lượng: mhỗn hợp peptit ban đầu = mhỗn hợp peptit + mnước m = 0,005×3676 + 0,04×18 = 18,74 gam → Đáp án C Ví dụ 8: Hỗn hợp X gồm peptit A, B, C (đều mạch hở) với tỉ lệ mol tương ứng 2: 3: Tổng số liên kết peptit phân tử A, B, C 12 Thủy phân hoàn toàn 39,05 gam X thu 0,11 mol X 1; 0,16 mol X2 0,2 mol X3 Biết X1, X2, X3 có dạng H2NCnH2nCOOH Mặt khác, đốt cháy hồn tồn m gam X cần 32,816 lit O2 (đktc) Giá trị m gần với giá trị sau [7] A 31 gam B 28 gam C 26 gam D 30 gam Hướng dẫn giải Sau thủy phân ta có: nX1 : nX2 : nX3 = 0,11: 0,16: 0,2 = 11: 16: 20 Tổng số gốc là: k×(11 + 16 + 20) = 57k × (12 + ) < 57k < ×(12+3) → k = Vậy tổng số gốc peptit 57 Gộp peptit thành peptit Y 2 2A + 3B + 4C → A2B3C4 + 8H2O 2A + 3B + 4C → [X1]11[X2]16[X3]20(-56)H2O + 8H2O nH O 0,08mol Số mol peptit mới: nB = 0,01 mol → Khối lượng peptit mới: mB = 39,05 - 0,08×18= 37,61 gam MB = 37,61 : 0,01 = 3761 ( amino axit có dạng H2NCnH2nCOOH) (14n  16  45) 57  56 18 3761  n 2,617 Theo ĐLBT nguyên tố nCO 3,617 0,47 1,7mol cacbon, đốt 39,95 gam X: n N 0,47 mol Theo ĐLBT nguyên tố N: nO 1,5 (nCO  n N ) 2,1975 mol  VO 49,224(lit ) Khi đốt cháy 39,05 gam X thì: Vậy với thể tích O2 32,816 đốt cháy 26 gam X.→ Đáp án C Kinh nghiệm 4: Sử dụng phương pháp bảo toàn số mol gốc amino axit Nội dung toán: Đề thường cho thủy phân hồn tồn khơng hồn tồn peptit mơi trường axit Nếu thủy phân hoàn toàn tạo amino axit Nếu thủy phân khơng hồn tồn tạo hỗn hợp chất gồm amino axit peptit nhỏ Đề thường yêu cầu tìm khối lượng peptit ban đầu khối lượng chất sau thủy phân Phương pháp giải: Để giải nhanh loại toán nên sử dụng định luật bảo toàn số mol mắt xích amino axit Tức tổng số mol mắt xích amino axit trước sau phản ứng -TH1:Thủy phân hoàn toàn: Xn + (n-1)H2O → n amino axit Từ phương trình rút ra: namino axit = n×npeptit (n-1)×n amino axit = n×nnước -TH2:Thủy phân khơng hồn tồn: Ví dụ: (1) Gly - Gly - Gly + H2O → Gly + Gly - Gly (2) Ala - Val - Ala - Val + H 2O → Ala - Val - Ala + Val - Ala - Val + Al Val + Val - Ala + Ala + Val Theo định luật bảo toàn gốc amino axit 3n( Gly ) 2n( Gly )  nGly Phương trình (1): Phương trình (2): 2 2   BT:Ala  2n( Ala)2 (Val )2 2n( Ala)2 Val  n(Val )2 Ala  nAlaVal  nValAla  nAla  BT:Val     2n( Ala)2 (Val ) n( Ala)2Val  2n(Val )2 Ala  nAlaVal  nValAla  nVal Cả hai trường hợp thường áp dụng định luật bảo toàn khối lượng mpeptit + mnước = mhỗn hợp sản phẩm Ví dụ 9: Cho X hexapeptit Ala-Gly-Ala-Val-Gly-Val Y tetrapeptit GlyAla-Gly-Glu Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp X Y thu amino axit, có 30 gam Glyxin 28,48 gam Alanin Giá trị m [2] → Đáp án D Kinh nghiệm 5: Sử dụng cách quy đổi peptit thành thành phần đơn giản Nội dung toán: Đề thường cho peptit hỗn hợp peptit thủy phân mơi trường kiềm, sau đốt cháy peptit đốt cháy sản phẩm muối sau thủy phân Các kiện đề cho thường liên quan đến CO 2, H2O, N2, lượng peptit Đề thường yêu cầu tính khối lượng peptit khối lượng sản phẩm sau thủy phân Phương pháp giải: Để giải nhanh loại toàn nên quy đổi (phân cắt) peptit thành thành phần nhỏ hơn, sau áp dụng định luật bảo tồn dễ dàng tính tốn Có số cách quy đổi phổ biến cho loại tập Trường hợp 1: Quy peptit thành gốc axyl CnH2n-1ON H2O Công thức tổng quát peptit tạo từ amino axit (có gốc no, chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH): H(HN-(CH2)mCO)tOH Do quy đổi peptit ban đầu thành: CnH2n-1ON H2O ( nnước = npeptit) Áp dụng cho dạng toán trọng tâm 3n  1,5 2n  1 Đốt cháy Cn H n  1ON  O2  nCO2  H 2O  N 2 2 peptit: - Thủy phân môi trường kiềm: CnH2n-1ON + MOH → CnH2nO2NM  Sử dụng phương pháp bảo toàn nguyên tố bảo toàn khối lượng để giải loại tập Ví dụ 12: Hỗn hợp M gồm tripeptit X hexapeptit Y tạo thành từ amino axit no, mạch hở, chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH Đốt cháy hồn tồn 0,1 mol M O2 vừa đủ thu sản phẩm gồm CO 2, H2O có tổng khối lượng 60,525 gam 5,04 lit N2 (đktc) Nếu cho 0,15 mol M tác dụng hoàn toàn với NaOH (lấy dư 20%), sau phản ứng cạn dung dịch khối lượng chất rắn thu [4] A 73,2375 B 72,1225 C 75,8275 D.70,0225 Hướng dẫn giải -Quy hỗn hợp M thành CnH2n-1ON (amol) H2O: nnước = nM = 0,1 mol Khi đốt M: 3n  1,5 2n  1   Cn H n  1ON    nH O 0,1(mol )  O2  nCO2  H 2O  N 2 a nCn H n 1ON 2nN 0,45mol Theo định luật bảo toàn nguyên tố N 44nCO2 18nH 2O 60,525  44an  18(an  0,5a  0,1) 60,525  n 2,25 Cn H n  1ON  NaOH  Cn H nO2 NNa            Khi cho peptit tác dụng 1, amol 1, amol với NaOH: Với nNaOH dư = 0,2×nNaOH ban đầu = 0,2×1,5a = 0,135 mol 11 Theo định luật bảo toàn khối lượng, khối lương chất rắn thu m mC H O NNa  40nNaOH 73,2375gam → Đáp án A Ví dụ 13: Cho m gam hỗn hợp M gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z, pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Q gồm muối Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Q lượng oxi vừa đủ, thu lấy tồn khí đem hấp thụ vào bình đựng nước vơi dư, thấy khối lượng bình tăng 13,23 gam có 0,84 lit khí (đktc) Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam M thu 4,095 gam H 2O Giá trị m gần với giá trị sau [8] A 6,0 B 6,5 C 7,0 D 7,5 Hướng dẫn giải Quy hỗn hợp M thành CnH2n-1ON H2O Cn H n  1ON  NaOH  Cn H nO2 NNa Khi đó: (muối hỗn hợp Q) - Khi đốt:  Na2CO3 n 2n Cn H n O2 NNa  O2   Ca ( OH ) du       mH 2O 13,23 gam; nN 0,0375mol CO  CO2 ; H 2O, N   m Q nQ 2nN 0,075mol Theo ĐLBT nguyên tố N: → nNa = 0,075 mol nNa2CO3  nNa 0,0375mol Theo ĐLBT nguyên tố Na: Theo ĐLBT nguyên tố H: nH 2O 0,075n nCO2 0,075n  n Na2CO3 0,075n  0,0375 Theo ĐLBT nguyên tố C: 44nCO2  18nH 2O 13,23  44 (0,075n  0,0375)  18 0,075n 13,23  n 3,2 nH 2O ( n  0,5) 0,075  a 0,2275  a 0,025mol Khi đốt m gam M: CnH2n-1ON (0,075 mol) H2O (a mol) Giá trị m: m = (14×3,2 + 29)×0,075 + 0,025×18 = 5,985 gam→ Đáp án A Trường hợp 2: Quy đổi peptit C2H3ON, CH2 H2O Theo định nghĩa: “Đồng đẳng dãy chất có tính chất tương tự nhau, hay nhiều nhóm CH phân tử” Do mục đích phương pháp đưa dãy gồm nhiều chất dãy đồng đẳng chất đơn giản nhóm CH2 Công thức tổng quát peptit tạo từ - aminoaxit (có gốc no, chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH) là: H(HN-(CH2)nCO)tOH Nên ta phân cắt peptit thành mảnh: HN-CH 2-CO (gốc glyxin), CH2 H2O Nhận thấy: nnước = npeptit Áp dụng cho dạng toán trọng tâm C H ON  O  2CO  H O  N - Đốt cháy peptit: 2 2 2 12 CH  O2  CO2  H 2O  C2 H 3ON  C H O NM - Thủy phân môi  MOH    trường kiềm  CH  CH Ví dụ 14: Thủy phân hoàn toàn mol peptit X mol peptit Y thu mol Alanin mol glyxin Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 13,7 gam peptit X cần dùng vừa đủ 13,44 lit khí oxi thu tổng khối lượng CO H2O 30,1 gam Số liên kết peptit Y [4] A.1 B C D Hướng dẫn giải nO 0,6mol - Thủy phân mol peptit X mol peptit Y thu mol Alanin mol glyxin Như tổng số mắt xích X Y 7; - Quy đổi peptit X thành C2H3ON (a mol); CH2 (b mol), H2O (c mol) C H ON  O  2CO  H O  N Đốt cháy peptit X: 2 2 2  57 a  14b  18c 13,7    2,25a  1,5b 0,6  44(2a  b)  18(1,5a  b  c)30,1  2  a 0,2   b 0,1  c 0,05  CH  O2  CO2  H 2O Ta có hệ: → nnước = npeptit = 0,05 nC2 H 3ON nX 4 Số mắt xích X = Vậy X tetrapeptit Y tripeptit → Trong Y có hai liên kết peptit→ Đáp án B Ví dụ 15: Đun nóng 0,16 mol hỗn hợp E gồm hai peptit X (CxHyOzN6) Y (CnHmO6Nt) cần dùng 600 ml dung dịch NaOH 1,5M thu dung dịch chứa a mol muối glyxin b mol muối alanin Mặt khác đốt cháy 30,73 gam E oxi vừa đủ thu hỗn hợp CO2, H2O N2, tổng khối lượng CO2 H2O 69,31 gam Giá trị a:b gần với [9] A 0,730 B 0,810 C 0,756 D 0,962 Hướng dẫn giải - Quy đổi peptit X thành C2H3ON ; CH2 ; H2O Khi đó: nnước = npeptit = 0,16 C2 H 3ON  NaOH  C2 H 4O2 NNa  nC2 H 3ON nNaOH 0,09mol nC2 H 3ON nH O  Nên 0,9 5,625 0,16 Đốt cháy 30,73 gam E: C2H3ON (5,625x mol); CH2 (y mol) ; H2O (x mol) 13 C2 H 3ON  O2  2CO2  H 2O  N 2  338,625x  14 y 30,73    (5,625 2 x  y ) 44  (1,5 5,625x  x  y ) 18 69,31 CH  O2  CO2  H 2O  x 0,08 Ta có hệ:  mol  y 0,26 Số C2H3ON: n = 0,08 × 5,625 = 0,45 mol Như 0,16 mol E có khối lượng là: × 30,73 = 61,46 gam - Xét hỗn hợp muối: mmuối = mE + mNaOH - mnước = 61,46 + 0,9×40 - 0,16×18 = 94,58 gam Hai muối : C2H4O2NNa ( a mol) C3H6O2NNa ( b mol)  97a  111b 94,58  a 0,38 a Ta có hệ → Đáp án   0,73  A b  a  b 0,9  b 0,52 Trường hợp 3: Quy đổi peptit thành CH3O2N, CH2, H2O - Cho hỗn hợp peptit tạo amino axit (có gốc no, chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH): H2N-CnH2n-COOH (n ≥ 1) - Công thức tổng quát peptit : [kH2N-CnH2n-COOH- (k-1)H-2O] = kH2NCOOH + knCH2 - (k -1)H2O (k số mắt xích) - Quy peptit thành H2N-COOH (CH3O2N); CH2; - H2O nH O nCH O N  n peptit Ta có mối liên hệ: Lưu ý: Trong q trình tính toán ta phải bớt lượng nước nguyên tố có lượng nước Ví dụ 16: X peptit có dạng CxHyOZN6, Y peptit có dạng CpHqO6Nt (X, Y tạo amino axit no, mạch hở chứa nhóm -NH nhóm -COOH) Đun nóng 32,76 gam hỗn hợp E chứa X, Y cần dùng 480 ml dung dịch NaOH 1M Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 32,76 gam E thu sản phẩm cháy gồm CO2, H2O N2 Dẫn toàn sản phẩm cháy vào nước vôi lấy dư, thu 132 gam kết tủa, đồng thời khối lượng dung dịch thay đổi a gam Giá trị a [10] A.Tăng 49,44 gam B Giảm 94,56 gam C.Tăng 94,56 gam D Giảm 49,44 gam Hướng dẫn giải Quy hỗn hợp E: CH3O2N (amol), CH2 (b mol), -H2O (c mol) nNaOH 0,48nmol ) nCH 1,23 a 0,48mol ; Ca ( OH O Nmol Theo ĐLBT nguyên tố cacbon Khi đốt cháy E nCO2 a  b 1,23  b 0,75 14 Khối lượng E: 51a + 14b - 18c = 32,76 → c = 0,39 mol Theo ĐLBT nguyên tố hidro Khi đốt cháy E nH 2O 1,5a  b  c 1,5 0,48  0,75  0,39 1,08mol mCO2  mH 2O  mCaCO3 1,23 44  1,08 18  123  49,44gam → → Đáp án D Ví dụ 17: Đun nóng 0,4 mol hỗn hợp E gồm đipeptit X, tripeptit Y tetrapeptit Z mạch hở lượng vừa đủ dung dịch NaOH, thu dung dịch chứa 0,5 mol muối glyxin; 0,4 mol muối alanin 0,2 mol muối valin Mặt khác đốt cháy m gam E oxi vừa đủ thu hỗn hợp CO 2, H2O N2, tổng khối lượng CO2 H2O 78,28 gam Giá trị m gần với giá trị sau ? [10] A.45 gam B 40 gam C 50 gam D 35 gam Hướng dẫn giải Quy hỗn hợp E: CH3O2N (amol), CH2 (b mol), -H2O (c mol) Cho 0,4 mol E + NaOH → GlyNa (0,5 mol); AlaNa (0,4 mol); ValNa (0,2 mol) Theo ĐLBT nguyên tố N: a = 0,5 + 0,4 + 0,2 = 1,1 mol Theo bảo tồn nhóm CH2: b = 0,5 + 0,4×2 + 0,2×4 = 2,1 mol nH O c nCH O N  n peptit a  0,4 1,1  0,4 0,7mol → mE mCH O N  mCH  mH O 1,161  2,114  0,7 18 83,9 gam Khi Đốt cháy 83,9 gam E nCO a  b 3,2mol  mCO 3,2 44 140,8 gam Theo bảo toàn C: Theo bảo toàn H : 3 2 2 2 nH 2O 1,5a  b  c 1,5 1,1  2,1  0,7 3,05mol  mH 2O 3,05 18 54,9 gam mCO2  mH 2O 140,8  54,9 195,7 gam Vậy: mCO2  mH 2O 78,28 gam 83,9 gam E (+ O2) → m gam E (+ O2) → → m = 33,56 gam → Chọn đáp án D Trường hợp 4: Quy đổi peptit thành HNCO, CH2, H2O Công thức tổng quát peptit tạo từ amino axit (có gốc no, chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH) là: H(HN-(CH2)nCO)tOH Nên ta phân cắt peptit thành mảnh: HNCO, CH2 H2O Ta nhận thấy:  nH O n peptit x  Ví dụ 18: Cho hỗn hợp X gồm  nNHCO t x tetrapeptit tripeptit Để thủy phân hoàn toàn 50,36 gam X cần dung dịch chứa 0,76 mol NaOH, sau phản ứng hoàn toàn cô cạn thu 76,8 gam hỗn hợp muối gồm a mol 15 muối glyxin b mol muối alanin Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 0,11 mol X O2 dư thu m gam CO2 Giá trị m [4] A.76,56 B 16,72 C 38,28 D 19,14 Hướng dẫn giải nNHCO X = nNaOH = 0,76 mol Quy đổi X  HNCO : 0,76mol   CH : xmol  H O : ymol   H NCOONa : 0,76mol  NaOH     0,76 43  14 x  18 y 50,36   CH : xmol   0,76 83  14 x 76,8  x 0,98   y 0,22 Ta có hệ: n peptit nH 2O 0,22mol O2 0,22(mol ) X     nCO2 0,76  0,98 1,74mol  O2 0,11(mol ) X     nCO 0,87mol  mCO 38,28gam Vậy: → Đáp án C Ví dụ 19: Cho m gam hỗn hợp M (có tổng số mol 0,03 mol) gồm đipeptitX, tripeptitY, tetrapeptit Z peptapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Q gồm muối Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Q lượng oxi vừa đủ, thu lấy tồn khí đem hấp thụ vào bình nước vơi dư thấy khối lượng bình tăng 13,23 gam có 0,84 lit khí đktc Giá trị m gần với giá trị sau ? [4] A 6,0 B 6,9 C 7,0 D 6,08 Hướng dẫn giải Quy hỗn hợp M:HNCO, CH2, H2O n NaOH n HnONHCO n n0N,03 mol 0,075mol ; M 2 2  Na2CO3 : 0,0375mol  NHCO : 0,075mol  H NCOONa : 0,075mol O2    NaOH     Q     mCO2  mH 2O 13,23gam  CH : xmol CH : xmol   H O : 0,03mol    N : 0,0375mol M  nCO2 (0,075  x)  0,0375  44 (0,0375  x)  18 (0,075  x) 13,23  x 0,165mol   nH 2O 0,075  x đốt Vậy: mM = 43×0,075 + 14×0,165 + 18×0,03 = 6,075 gam → Đáp án D Trường hợp 5: Quy đổi peptit thành đipeptit Xét phản ứng thủy phân hoàn toàn peptit (X)n đipeptit (X)2 (n, số mắt xích; n>2) (Giả thiết peptit tạo amino axit no, mạch hở chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH) (X)n + (n-1)H2O → nX (I) X2 + H2O → 2X (II) Lấy (I)×2 - (II)×n phương trình 2(X)n + (n-2)H2O → nX2 ( phương trình thủy phân tạo đipeptit) 16 Quy đổi peptit (X)n thành đipeptit X2 ( amol) H2O (-b mol) Đipeptit có dạng: CnH2nO3N2 Khi đốt cháy Cn H n O3 N  3n  O2  nCO2  nH 2O  N 2 nNn2 H nn nO23 N Việc quy đổi đipeptit có lới O C n H 2CO ích được: ; Lưu ý: - Lượng CO2 sinh đốt peptit (X)n đipeptit (X)2 - Lượng nước sinh đốt đipeptit = Lượng nước sinh đốt peptit (X)n cộng với lượng nước cần thủy phân (X)n - Lượng O2 dùng để đốt (X)n (X)2 Ví dụ 20: Đipeptit mạch hở X tripeptit mạch hở Y tạo từ loại amino axit no, mạch hở chứa nhóm -NH2 nhóm -COOH Đốt cháy hồn tồn 0,1 mol Y thu sản phẩm gồm CO 2, H2O N2, tổng khối lượng CO2 H2O 54,9 gam Nếu đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X, sản phẩm thu cho lội qua dung dịch nước vơi dư, thu m gam kết tủa Giá trị m [11] A 45 gam B 120 gam C 100 gam D 60 gam Hướng dẫn giải: Quy đổi Y thành đipeptit 2(X)3 + H2O → 3(X)2 0,1 mol 0,05 0,15 mol Khi đốt Y đốt (X)2 (0,15 mol) H2O (-0,05 mol) nH O nCO 0,15 n(mol ) Đốt cháy đipeptit: CnH2nO3N2 ( 0,15mol): mCO  mH O 1,5n 44  1,5n 18  0,05 18 54,9 gam Khi đốt cháy Y : → n = nCO 0,2 6 1,2mol  mCaCO 1,2 100 120 gam Khi đốt 0,2 mol X: → Đáp án B Đây vài cách quy đổi thường gặp Một toán peptit áp dụng nhiều cách quy đổi khác Sử dụng cách quy đổi giúp toán trở nên đơn giản hơn, học sinh dễ dàng tính tốn tiết kiệm thời gian BÀI TẬP VẬN DỤNG Bài 1:Đipeptit mạch hở X tripeptit mạch hở Y tạo nên từ amino axit (no, mạch hở, phân tử chứa nhóm –NH nhóm – COOH) Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol Y, thu tổng khối lượng CO H2O 82,35 gam Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X, sản phẩm thu cho lội từ từ qua nước vôi dư, tạo m gam kết tủa Giá trị m A 40 gam B 80 gam C 60 gam D 30 gam Bài 2: X tetrapeptit Ala-Gly-Val-Ala, Y tripeptit Val-Gly-Val Đun nóng m gam hỗn hợp X Y có tỉ lệ mol n X : nY = 1: với 780 ml dung dịch NaOH 1M 2 2 17 (vừa đủ), sau phản ứng kết thúc thu dung dịch Cô cạn dung dịch thu 94,98 gam muối m có giá trị A.68,1 gam B 64,86 gam C 77,04 gam D 65,13 gam Bài 3: X tetrapeptit cấu tạo từ amino axit A no, mạch hở, chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH Trong A, oxi chiếm 42,67% khối lượng Thủy phân hết m gam X thu 28,35 gam tripeptit, 79,2 gam đipeptit 101,25 gam A Giá trị m A 405,9 B 258,3 C 184,5 D 202,95 Bài 4: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp peptit X, Y, Z có tỉ lệ mol 2: 3: thu 120 gam glyxin, 160,2 gam alanin 234 gam valin Biết tổng số liên kết peptit X, Y, Z số liên kết peptit khác Giá trị m A 453 B 514,2 C 510,8 D 353 Bài 5: Hỗn hợp M gồm peptit X, peptit Y, peptit Z cấu tạo từ loại amino axit có tổng số liên kết peptit ba phân tử 11 với tỉ lệ mol tương ứng 4: 6: 9, thủy phân hoàn toàn m gam M thu gam glyxin, 56,96 gam alanin 252,72 gam valin Giá trị m loại peptit Z A 283,76 hexapeptit C 283,76 tetrapeptit B 327,68 tetrapeptit D 327,68 hexapeptit Bài 6: (Chuyên Bắc Ninh) Đipeptit X, pentapeptit Y mạch hở tạo từ amino axit no, mạch hở phân tử có nhóm –NH2 nhóm –COOH Cho 16 gam X tác dụng hết với dung dịch HCl dư, làm khô cẩn thận dung dịch sau phản ứng thu 25,1 gam chất rắn Vậy đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol Y cần mol O2 sản phẩm cháy thu gồm CO2, H2O A 3,75 mol B 3,25 mol C 4,00 mol D 3,65 mol Bài 7: (Chuyên KHTN-2018) Hỗn hợp X gồm peptit mạch hở có tỉ lệ mol có tỉ lệ mol tương ứng 1: 1: Thủy phân hoàn toàn a gam X thu hỗn hợp gồm 14,24 gam Ala 5,25 gam Gly Biết tổng số liên kết peptit phân tử ba peptit nhỏ 13 Giá trị a A 19,49 B 16,25 C 15,53 D 22,73 Bài 8: (Trường THPT Kiến An) Cho m gam hỗn hợp M gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Q gồm muối Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Q lượng oxi vừa đủ, thu lấy tồn khí đem hấp thụ vào bình đựng nước vơi dư, thấy khối lượng bình tăng 13,23 gam có 0,84 lít khí (đktc) Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam M, thu 4,095 gam H2O Giá trị m gần với giá trị sau ? A 6,0 B 6,5 C 7,0 D 7,5 Bài 9: (THPT Phan Đình Phùng) Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X pentapeptit Y (đều hở tạo Gly Ala) Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn cẩn thận dung dịch thu (m+ 7,9) gam muối khan Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, Na2CO3 hỗn hợp B (khí hơi) Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình N 18 tăng 28,02 gam có 2,464 lít khí bay (đktc) Phần trăm khối lượng Y A là: A 46,94% B 64,63% C 69,05% D 44,08% Bài 10: Hỗn hợp E gồm ba peptit mạch hở: đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z có tỉ lệ mol tương ứng : : Cho lượng E phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 0,06 mol muối glyxin, 0,1 mol muối alanin 0,1 mol muối valin Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam E, thu tổng khối lượng CO2 H2O 112,28 Giá trị m A 36,78 B 45,08 C 55,18 D 43,72 Bài 11: (Đề THPT quốc gia năm 2017) Hỗn hợp E gồm peptit mạch hở: đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z có tỉ lệ mol tương ứng 2:1:1 Cho lượng E phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư thu 0,25 mol muối glyxin, 0,2 mol muối alanin 0,1 mol muối valin Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam E, thu tổng khối lượng CO H2O 39,14 gam Giá trị m A 16,78 gam B 25,08 gam C 20,17 gam D 22,64 gam Bài 12: Hỗn hợp E gồm hai peptit mạch hở X Y Đốt 0,06 mol E O dư thu 0,06 mol khí CO2; 10,08 gam H2O N2 Thủy phân 7,64 gam E dung dịch NaOH thu dung dịch chứa m gam muối α- amino axit Giá trị m A.17,76 B 11, 10 C 8,88 D 22,20 Bài 13: Tripeptit mạch hở X tetrapeptit mạch hở Y tạo từ amino axit no, mạch hở có nhóm -NH2 nhóm -COOH Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X thu sản phẩm gồm H2O, CO2 N2 tổng khối lượng H2O CO2 36,3 gam Nếu đốt cháy hồn tồn 0,2 mol Y số mol O2 cần dùng A 2,8 mol B 1,875 mol C.3,375 mol D.1,8 mol Bài 14: Chia m gam hỗn hợp T gồm peptit mạch hở thành hai phần Đốt cháy hoàn toàn phần 1, thu CO2, N2 7,02 gam H2O Thủy phân hoàn toàn phần 2, thu hỗn hợp X gồm alani, glyxin valin Cho X vào 200 ml dung dịch NaOH 0,5M KOH 0,6M, thu dung dịch Y chứa 20,66 gam chất tan Để tác dụng vừa đủ với Y cần vừa đủ 360 ml dung dịch HCl 1M Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 24,20 gam B 21,32 gam C 24,92 gam D.19,88 gam Bài 15: Đốt cháy hoàn toàn 9,92 gam peptit X peptit Y (đều tạo từ amino axit no, mạch hở có nhóm -NH2 nhóm -COOH) oxi vừa đủ thu N2, 0,38 mol CO2, 0,34 mol H2O Mặt khác, đun nóng hỗn hợp với NaOH vừa đủ thu m gam muối Giá trị m A.16,24 gam B.14,98 gam C.15,68 gam D.17,04 gam Đáp án 1C 2A 3C 4A 5D 6A 7B 8A 9A 10D 11A 12B 13D 14B 15B 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm 19 2.4 Đối với học sinh Năm học 2017 – 2018 giảng dạy lớp 12A1, 12A2 lớp khối A, B Ban đầu gặp dạng tập đa phần e nản thường bỏ qua Bởi nghiên cứu đề tài áp dụng vào thực tế giảng dạy Tơi hướng dẫn cho học sinh dạng từ lý thuyết đến tính tốn cụ thể, giúp học sinh cách nhận dạng toán để áp dụng Từ làm tốn tổng hợp kết hợp nhiều cách tính nhanh tốn Vì em khơng “sợ” gặp tập dạng Sau hướng dẫn cho e học sinh làm luyện dạng tập dạng Tôi tiến hành kiểm tra kết kiểm tra hai lớp 12A1, 12A2 trường THPT Yên Định + Trước áp dụng đề tài: Giỏi Khá Trung bình Yếu, TT Lớp Sĩ số SL % SL % SL % SL % 12A1 48 4,2 10 20,8 15 31,3 21 43,7 12A2 42 0 14,3 12 28,6 24 57,1 + Sau áp dụng đề tài: Giỏi Khá Trung bình Yếu, TT Lớp Sĩ số SL % SL % SL % SL % 12A1 48 15 31,3 22 45,8 18,8 4,1 12A2 42 11,9 20 47,6 12 28,6 11,9 2.4.2 Đối với giáo viên - Giáo viên vừa nắm bắt hệ thống cách giải nhanh tập peptit từ có phương pháp hướng dẫn học sinh làm tập dạng phát huy tính tích cực, chủ động, sáng tạo học sinh - Đối với thân tơi qua q trình tìm hiểu, nghiên cứu tài liệu để viết sáng kiến tích lũy thêm vốn kiến thức thêm số kinh nghiệm giảng dạy Từ nâng cao trình độ chun mơn nghiệp vụ sư phạm KẾT KUẬN, KIẾN NGHỊ 3.1 Kết luận Đề thi THPT quốc gia năm gần thường có câu peptit, tập dạng thường thuộc loại vận dụng vận dụng cao, nội dung khó Vì nghiên cứu cách giải nhanh có ý nghĩa lớn Nó giúp học sinh tìm cách giải nhanh nhất, rút ngắn thời gian làm bài, giúp em đạt kết cao học tập kỳ thi quốc gia Trên số kinh nghiệm mà rút đươc nghiên cứu đề thi thử đại học, đề thi quốc gia hay gặp Tôi tiếp tục nghiên cứu mở rộng đề tài năm học Những kinh nghiệm mà đưa kinh nghiệm nhỏ bé kinh nghiệm đúc kết qua sách vở, thầy giáo, cô giáo bạn đồng nghiệp Vì vậy, thân tơi 20 mong góp ý, xây dựng q thầy giáo, giáo, bạn đồng nghiệp để đề tài hoàn thiện nhằm giúp tơi bước hồn thiện phương pháp giảng dạy Từ đó, thân tơi có điều kiện cống hiến nhiều cho nghiệp giáo dục Tôi xin chân thành cảm ơn ! 3.2 Kiến nghị 3.2.1 Đối với nhà trường: Nhà trường cần quan tâm việc trang bị thêm sách tham khảo tập peptit để học sinh nghiên cứu, tìm tòi phương pháp nhanh để giải tránh bỡ ngỡ gặp dạng tập giảm thời gian làm 3.2.2 Đối với Sở GD&ĐT: Những sáng kiến có chất lượng cần giới thiệu phổ biến đến trường THPT để trao đổi áp dụng thực tế XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG Thanh hóa, ngày 27 tháng năm 2018 ĐƠN VỊ Tôi xin cam đoan SKKN viết, khơng chép nội dung người khác Người viết Nguyễn Thị Yến 21 TÀI LIỆU THAM KHẢO [1]: Sách giáo khoa hóa học 12 nâng cao -NXB GD năm 2008 [2]: Báo hóa học ứng dụng số 11/2017 [3]: Đề TSĐH năm 2014 [4]: Internet/Google/violet [5]: Báo hóa học ứng dụng số 17/2015 [6]: Báo hóa học ứng dụng số 7/2018 [7]: Đề trung học phổ thông quốc gia năm 2016 [8]: Đề mimh họa THPT quốc gia 2017 [9]: Đề mimh họa THPT quốc gia 2015 [10]: Báo hóa học ứng dụng số 3/2018 [11]: Đề TSĐH - khối B năm 2010 22 DANH MỤC SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ĐÃ ĐƯỢC HỘI ĐỒNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM NGÀNH GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HUYỆN, TỈNH VÀ CÁC CẤP CAO HƠN XẾP LOẠI TỪ C TRỞ LÊN Họ tên tác giả: Nguyễn Thị Yến Chức vụ đơn vị công tác: Giáo viên trường THPT Yên Định TT Tên đề tài SKKN Cấp đánh giá xếp loại (Ngành GD cấp huyện/tỉnh; Tỉnh ) Giải nhanh tốn hóa Ngành GD cấp học vô phương tỉnh; Tỉnh Thanh pháp quy đổi Hóa Một số kinh nghiệm giải Ngành GD cấp nhanh tốn tỉnh; Tỉnh Thanh hiđrocacbon Hóa Kết đánh giá xếp loại (A, B, C) Năm học đánh giá xếp loại C 2009-2010 C 2013-2014 23 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HOÁ TRƯỜNG THPT YÊN ĐỊNH SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HOÁ TRƯỜNG THPT YÊN ĐỊNH SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM MỘT SỐ KINH NGHIỆM GIẢI NHANH BÀI TOÁN PEPTIT MỘT SỐ KINH NGHIỆM GIẢI NHANH BÀI TOÁN PEPTIT Người thực hiện: Nguyễn Thị Yến Chức vụ: Giáo viên Đơn vị công tác: Trường THPT Yên Định Người thực hiện: Nguyễn Thị Yến SKKN thuộc lĩnh mực (môn): Hóa học Chức vụ: Giáo viên Đơn vị cơng tác: Trường THPT Yên Định SKKN thuộc lĩnh mực (môn): Hóa học THANH HỐ NĂM 2018 24 THANH HỐ NĂM 2018 25 ... THANH HOÁ TRƯỜNG THPT YÊN ĐỊNH SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM MỘT SỐ KINH NGHIỆM GIẢI NHANH BÀI TOÁN PEPTIT MỘT SỐ KINH NGHIỆM GIẢI NHANH BÀI TOÁN PEPTIT Người thực hiện: Nguyễn Thị Yến... electron 2.3.2 Một số kinh nghiệm giải nhanh toán peptit Kinh nghiệm 1: Sử dụng mối quan hệ công thức cấu tạo peptit, quan hệ số mol chất phản ứng peptit Nội dung toán: Thủy phân peptit môi trường... bắt phương pháp giải nhanh để tiết kiệm thời gian.Với lý chọn đề tài: “ MỘT SỐ KINH NGHIỆM GIẢI NHANH BÀI TOÁN PEPTIT nhằm giúp em học sinh hiểu rõ chất, vận dụng cách giải nhanh để tự tin làm