TRƯỜNG ĐH TRƯỜNG THPT CHUYÊN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC- 2014 (lần 4) MÔN VẬT LÍ Thời gian làm bài : 90 phút Mã đề thi 504 Họ, tên thí sinh: Số báo danh: Cho: hằng số Plăng h = 6,625.10 -34 J.s, tốc độ ánh sáng trong chân không c = 3.10 8 m/s; MeV 1u 931,5 ; 2 c = độ lớn điện tích nguyên tố e = 1,6.10 -19 C; số A-vô-ga-đrô N A = 6,023.10 23 mol -1 . Câu 1: Vật dao động điều hòa có vận tốc cực đại bằng 3m/s và gia tốc cực đại bằng 30π (m/s 2 ). Thời điểm ban đầu vật có vận tốc 1,5m/s và thế năng đang tăng. Hỏi vào thời điểm nào gần nhất sau đây vật có gia tốc bằng 15π (m/s 2 ): A. 0,10s; B. 0,15s; C. 0,20s D. 0,05s; Giải: vmax = ωA= 3(m/s) amax = ω2A= 30π (m/s2 ) => ω = 10π => T = 0,2s Khi t = 0 v = 1,5 m/s = vmax/2 => Wđ = W/4. Tức là tế năng Wt =3W/4 2 2 0 0 3 3 2 4 2 2 kx kA A x= ⇒ = ± . Do thế năng đang tăng, vật chuyển động theo chiều dương nên vị trí ban đầu x0 = 3 2 A Vật ở M0 góc φ = -π/6 Thời điểm a = 15π (m/s2):= amax/2 => x = ± A/2 =. Do a>0 vật chuyển động nhanh dần về VTCB nên vật ở điểm M ứng với thời điểm t = 3T/4 = 0,15s ( Góc M0OM = π/2). Chọn B. Câu 2: Vật nặng trong con lắc lò xo dao động điều hòa với phương trình cos 4 6 x A t π π   = +  ÷   . Thời điểm chất điểm đi qua vị trí có động năng bằng thế năng lần 2014 và 2015 lần lượt là bao nhiêu? A. 12079 s 48 B. 12085 s 48 C. 1007 s 12 D. 12079 s 24 Giải: Ta có thể giải bài toán này theo 2 cách như sau: 1.Cách giải theo vòng tròn: + tại t=0 thì 0 0 3 3 0 A x v  =    <  tương ứng với điểm M 0 trên vòng tròn. O M M 0 - A O A − A 2013 2 M x 0 M 2 2 A − 2 2 A 2014 2 M 2015 2 M 2016 2 M + khi w w d t = thì 2 2 1 1 2 w w w 2 2. 2 2 2 d t t A w kA kx x= + = ⇒ = ⇒ = ± Do có 2 tọa độ nên trong một chu kỳ sẽ có 4 lần động năng bằng thế năng. Vì vậy ở phương pháp giải vòng tròn ta sẽ tách số lần đề bài thành số liền kề, nhỏ hơn nó nhưng chia hết cho 4 ( bội của 4) với mục đích tìm số chu kỳ dao động đầu tiên và lượng dư còn lại và tìm nốt khoảng thời gian tương ứng. với tư duy như vậy, ta làm như sau: + Lần thứ 2014 ta sẽ viết tách thành 2012 (vì 2012 là số chia hết cho 4, liền kề và nhỏ hơn 2014) để thời điểm động năng bằng thế năng lần thứ 2014 được tính là 2014 2 2012 4 t T t= + trong đó t 2 là khoảng thời gian để dịch chuyển trên cung M 0 M 2 . Ta có 0 2 2 7 6 8 24 M M T T T t t → = = + = Vậy 2014 2012 7 12079 12079 4 24 24 48 T t T s T = + = = 2.Cách giải theo công thức tính nhanh: +Vị trí ở đó 2 W W à 2 d t l x A= = ± . Do 2 vị trí này đối xứng nhau qua VTCB nên ta có thể quan niệm bài toán này là tìm thời điểm lần thứ 2014 vật cách VTCB một khoảng 2 2 L A= . + Đối với lần thứ 2014 thì 2014 503 4 = dư 2 nên ta có: 2015 2 503t t T= + Theo hình vẽ thì Dễ dàng có 2 2014 7 7 12079 12079 503 6 8 24 24 24 48 T T T T t t T T s= + = ⇒ = + = = Câu 3: Hai chất điểm dao động điều hoà trên hai trục tọa độ Ox và Oy vuông góc với nhau (O là vị trí cần bằng của cả hai chất điểm). Biết phương trình dao động của hai chất điểm là: x = 2cos(5πt +π/2)cm và y =4cos(5πt – π/6)cm. Khi chất điểm thứ nhất có li độ x = 3 − cm và đang đi theo chiều âm thì khoảng cách giữa hai chất điểm là A. 3 3 cm. B. 7 cm. C. 2 3 cm. D. 15 cm. Giải 1: t = 0: x = 0, v x < 0 chất điểm qua VTCB theo chiều âm y = 2 3 , v y >0, chất điểm y đi từ 2 3 ra biên. * Khi chất điểm x đi từ VTCB đến vị trí 3x = − hết thời gian T/6 * Trong thời gian T/6 đó, chất điểm y đi từ 2 3y = ra biên dương rồi về lại đúng 2 3y = * Vị trí của 2 vật như hình vẽ Khoảng cách giữa 2 vật là ( ) ( ) 2 2 3 2 3 15d = + = cm Chọn D ( lần 3) ( lần 2) ( lần 1) A − O A x 2 2 A 2 2 A − 3 2 A Câu 4:Một con lắc lo xo treo thẳng đứng và 1 con lắc đơn tich điện q có cùng khối lượng m, khi không có điện trường chúng dao động điều hòa với chu kì T 1 =T 2 . Khi đặt cả 2 con lắc trong cùng điện trường đều có vec to cuong do điện trường nằm ngang thì độ giãn của con lắc lò xo tăng 1,44 lần, con lắc đơn dao động với T=5/6 s. Chu kì của con lắc lo xo trong điện trường bằng bao nhiêu? A.1s. B.1,2s C.1,44s. B.2s Giải: Lúc chưa có điện trường T 1 = 2π m k = 2π g l∆ ( ∆l là độ giãn của lò xo khi vật ở VTCB T 2 = 2π g l ( l độ dài của con lắc đơn) Ta có:T 1 = T 2 => ∆l = l (*) Khi có điện trường: lực tác dụng lên vật P’ = P + F đ => g hd = g + a Khi đó T’ 1 = 2π hd g l'∆ và T = T’ 2 = 2π hd g l => T T 1 ' = l l'∆ = l l∆44,1 = 1,2 T’ 1 = 1,2T = 1,2. 6 5 = 1(s) Câu 5. Hai con lắc đơn thực hiện dao động điều hòa tại cùng 1 địa điểm trên mặt đất (cùng khối lượng và cùng năng lượng) con lăc 1 có chiều dài l1=1m và biên độ góc là α 01 ,của con lắc 2 là l2=1,44m,α 02 .Tỉ số biên độ góc của con lắc1/con lắc 2 là A. 0,69 B. 1,44 C. 1,2 D. 0,83 Giải: Năng lượng của con lắc đơn được xác định theo công thức W 1 = m 1 gl 1 (1- cosα 01 ) = m 1 gl 1 2sin 2 01 2 α ≈ m 1 gl 1 2 01 2 α W 2 = m 2 gl 2 (1- cosα 02 ) = m 2 gl 2 2sin 2 02 2 α ≈ m 2 gl 2 2 02 2 α Mà W 1 = W 2 và m 1 = m 2 2 01 01 2 2 02 1 02 1,44 1,2 l l α α α α = = ⇒ = . Chọn C Câu 6: Hai điểm sáng M và N dao động điều hòa trên trục Ox (gốc O là vị trí cân bằng của chúng) với phương trình lần lượt là x 1= 5 cos(4 t+ /2)cm; x 2 =10cos(4 t + /3) cm. Khoảng cách cực đại giữa hai điểm sáng là A. 5 cm. B. 8,5cm. C. 5cm. D. 15,7cm. ( ) ( ) ( )           !"# $% & $ max x x x x x x x x x x t cm d A cm π ∆ ∆ = − ∆ = −    ∆ = − = ⇒ = =   Chọn C Câu 7: Một con lắc lò xo treo thẳng đứng, đầu dưới của lò xo treo một vật nhỏ có khối lượng m. Từ vị trí cân bằng O, kéo vật thẳng đứng xuống dưới đến vị trí B rồi thả không vận tốc ban đầu. Gọi M là một vị trí nằm trên OB, thời gian ngắn nhất để vật đi từ B đến M và từ O đến M gấp hai lần nhau. Biết tốc độ trung bình của vật trên các quãng đường này chênh lệch nhau 60 cm/s. Tốc độ cực đại của vật có giá trị xấp xỉ bằng bao nhiêu : A,62,8 cm/s B.40 cm/s C.20 cm/s D. 125,7 cm/s. Sử dụng đường tròn, A là biên độ, ban đầu vật ở vị trí biên dương. Vmax =40π= 125,66 cm/s .Chọn D Câu 8: Con lắc lò xo gồm vật nhỏ có khối lượng m = 100 g, lò xo có độ cứng k dao động cưỡng bức dưới tác dụng của ngoại lực biến thiên tuần hoàn. Khi tần số của ngoại lực là f 1 = 3 Hz thì biên độ ổn định của con lắc là A 1 . Khi tần số của ngoại lực là f 2 = 7 Hz thì biên độ ổn định của con lắc là A 2 = A 1 . Lấy pi 2 = 10. Độ cứng của lò xo có thể là A. k = 200 (N/m). B. k = 20 (N/m). C. k = 100 (N/m). D. k = 10 (N/m). Giải : Biên độ cộng hưởng sẽ là đỉnh khi tăng từ A 1 đến A CH rồi giảm xuống A 2 Nên tần số riêng của hệ nằm trong khoảng từ: 3Hz 7Hz Nên k khi giải ra sẽ nằm trong khoảng 36N/m đến 196 N/m. Chọn K có thể nằm trong phạm vi trên là 100 N/m Câu 9: Tại hai điểm A, B trên mặt chất lỏng có hai nguồn phát sóng dao động điều hòa theo phương trình u 1 =u 2 =acos(100πt)(mm). AB=13cm, một điểm C trên mặt chất lỏng cách điểm B một khoảng BC=13cm và hợp với AB một góc 120 0 , tốc độ truyền sóng trên mặt chất lỏng là 1m/s. Trên cạnh AC có số điểm dao động với biên độ cực đại là A. 11 B. 13 C. 9 D. 10 Bước sóng cm f v 2 50 100 === λ Xét điểm C ta có 76,4 2 13313 12 = − = − = − λλ CBCA dd Xét điểm A ta có 5,6 2 1300 12 −= − = − = − λλ AB dd Vậy 76,45,6 ≤≤− k M A (B) O1 M1 M2 O2 min( ) min( ) min( ) min( ) min( ) min( ) 2. 6 / 4 12 B M B M O M B M O M B M T t t t t t T T t − − − − − −  = =     ⇒   + =    =   (2) max 3 2. / 6 / 2 6 2. /12 3 60 / 60.2 40 / 3 B M M O M A A V T T x A A A V T T A cm s T v A cm s π ω π − −  = =   ⇒ = ⇒   = =   ⇒ = ⇒ = = = C A B Câu 10: Trên sợi dây có ba điểm M,N và P, khi sóng chưa lan truyền thì N là trung điểm của đoạn MP. Khi sóng truyền từ M đến P với biên độ không đổi thì vào thời điểm t 1 M và P là hai điểm gần nhau nhất mà các phần tử tại đó có li độ tương ứng là -6mm: +6mm vào thời điểm kế tiếp gần nhất t 2 = t 1 + 0,75s thì li độ của các phần tử tại M và P đều là +2,5mm. Tốc độ dao động của phần tử N vàp thời điểm t 1 có giá trị gần đúng nhất A. 4cm/s B. 2,8cm/s C. 1,4cm/s D. 8cm/s ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )     '    (")* +,-#  (")* +,-# .$ / /.$  (0 '.1$ 2 3  4567' & 2 (")*  ) t MP cm t A ON OM mm T t t s T s rad s t N π ω = = = = + = + − = = ⇒ = ⇒ = + ( ) ( ) 589:;6 -<)=,)" 2./ 3 .& 3 N N v A mm s cm s ω         = = ≈  Câu 11: Sóng dừng trên một sợi dây đàn hồi AB với hai đầu là nút sóng có dạng: y = 2sin π 4 x.cos200πt cm. Trong đó x tính bằng cm, t tính bằng s. Điểm gần A nhất dao động với biên độ 1cm cách A là A. 1cm B. 4 3 cm C. 2 3 cm D. 2cm Câu 13: Ta có cm8 4 2 =→= λ π λ π và Hzf 50 2 100 2 === π π π ω Biên độ sóng dừng tại bụng sóng A bụng =2a=2cm Biên độ của sóng dừng tại điểm M cách nút sóng đoạn d là daA λ π 2 sin2= cmcmdddd 3 2 12 8 68 2 6 sin 2 1 8 2 sin 8 2 sin21 minmin ==→=→==↔= πππππ O A O M N P M N P +6-6 .$+ ( )     '.1$t t t s  → = + u v Câu 12: Hai nguồn sóng S 1 ; S 2 dao động cung pha và cách nhau 8 cm. Về một phía của S 1 S 2 lấy thêm hai điểm S 3 , S4 sao cho S 3 S 4 = 4 cm và hợp thành hình thang cân S 1 S 2 S 3 S 4 . Biết bước sóng của sóng trên mặt nước là λ = 1cm. Hỏi đường cao của hình thang lớn nhất là bao nhiêu để trên đoạn S3S4 có 5 điểm dao động cực đại. A: 6 cm B: 3 cm C: 3 cm D: 4 cm Câu 11: Giải Để trên S 3 S 4 có 5 điểm dao động cực đại thì tại S 3 ,S 4 là dao động cực đai thứ hai tức là k = ± 2 d 1 = S 1 S 3 ; d 2 = S 2 S 3 d 1 – d 2 = 2λ = 2 cm (*) d 1 – d 2 = 2λ = 2 cm (*) d 1 2 = h 2 + S 1 H 2 = h 2 + 6 2 d 2 2 = h 2 + S 2 H 2 = h 2 + 2 2 d 1 2 – d 2 = 32 (**) Từ (*) và (**) suy ra : d 1 + d 2 = 16 cm => d 1 = 9cm -= h = 22 69 − = 3 5 cm. Chọn đáp án C Câu 13: Hai nguồn phát sóng kết hợp A, B với 16AB cm = trên mặt thoáng chất lỏng, dao động theo phương trình 5 os(30 ) ; A u c t mm π = 5 os(30 / 2) B u c t mm π π = + . Coi biên độ sóng không đổi, tốc độ sóng 60 / .v cm s= Gọi O là trung điểm của AB, điểm đứng yên trên đoạn AB gần O nhất và xa O nhất cách O một đoạn tương ứng là A. 1cm; 8 cm. B. 0,25 cm; 7,75 cm. C. 1 cm; 6,5 cm. D. 0,5 cm; 7,5 cm. ( ) ( ) ( ) ( ) ( )    (-)=!>?%-@)*A!#  .   BC =,)"  . BC =,*   .  D<E.B=, ∆ = − = ∆ − ∆ ∆ = − ∆ = ∈ ∆ = + ∈ M M M d d d víi M k k Z M k k Z λ ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ π ϕ π ϕ ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )       & *6#    & .$   F G A6 '  .$ $ FEGHA6  & .$ 2./$ 2 1.$           ∆ = − = + + = +       = ⇒ ∆ = − = = ⇔ =   ⇒ ∆ = − = = + < ⇔ < ⇒ = ⇒ =  d d d k k cm M O k d d d OM cm OM cm d d d ON k AB k k ON cm π π π A B O M N Câu 14: Mạch điện xoay chiều gồm RLC ghép nối tiếp trong đó tụ điện có điện dung C thay đổi đựơc, rL = 0. Đặt vào hai đầu đoạn mạch một điện áp xoay chiều có biểu thức u = 200cos100πt (V).Khi C = C1 = 10 -4 /π (F) và khi C = C2 = 10 -4 /5π (F) thì cường độ dòng điện tức thời tương ứng i 1 và i 2 đều lệch pha với u một góc là π/3 . R,L có giá trị là: A: R = 115,5Ω; L = 3/π H. B: R = 15,5Ω; L = 3/2π H.C: R = 115,5Ω; L = 1,5/π H.D: R = 115,5Ω; L = 2/π H. Câu 14: Giải 1: Z C1 = 100Ω; Z C2 = 5Z 1 = 500Ω Khi Z C = Z C1 thì i 1 chậm pha hơn u góc 3 π : tan 3 π = R ZZ CL 1 − = 3 => Z L – Z C1 = R 3 (*) Khi Z C = Z C2 thì i sớm pha hơn u góc 3 π : tan(- 3 π ) = R ZZ CL 2 − = - 3 => Z L – Z C2 = - R 3 Z L – 5Z C1 = - R 3 (**) Lấy (*) – (**) => 2Z C1 = R 3 => R = 3 2 1C Z = 3 200 = 115,47Ω = 115,5 Ω => Z L = Z C1 + R 3 = 300Ω => L = π 100 L Z = π 3 ( H) Giải 2: Ta có Zc1 = 100Ω, Zc2 = 500Ω Và tanπ/3 = Z LC1 /R = Z LC2 /R ⇒ Z LC1 = Z LC2  Z L – Zc 1 = Zc 2 –Z L ⇒ Z L = (Zc 1 + Zc 2 )/2 = 300Ω ⇒ L = 3/πH (Z L – Zc 1 )/ 3 = R ⇒ R = 200/ 3 = 115,5Ω Câu 15: Đặt điện áp xoay chiều có giá trị hiệu dụng không đổi 150 V vào đoạn mạch AMB gồm đoạn AM chỉ chứa điện trở R, đoạn mạch MB chứa tụ điện có điện dung C mắc nối tiếp với một cuộn cảm thuần có độ tự cảm L thay đổi được. Biết sau khi thay đổi độ tự cảm L thì điện áp hiệu dụng hai đầu mạch MB tăng 2 2 lần và dòng điện trong mạch trước và sau khi thay đổi lệch pha nhau π/2. Tìm điện áp cực đại giữa hai đầu mạch AM khi chưa thay đổi L? A. 100 V. B. 100 3 V. C. 100 2 V. D. 200 V. ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )                                               I  JKLMN%#  (-#  I % %       i MB MB R L C R MB R R i R R R MB R MB R MB MB U k U U U U U U U U U U U U U U U U U U U U U k U U π ϕ ϕ π π ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ  =    =  = + − = + = ⇒ + = ⇒ + = ⇔ + = ⇔ = + ⇔ = + − ⇔ = ⇔ = ⇔ ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )                       E-#O  $'  PQ.!RS+TUS96-#     ''     R R R MB R R R U k U U k U U U U k k U U k U V                            =     = + = + ⇒ =  +     = ⇒ = ⇒ = =  +   Câu 16: Nối hai cực của một máy phát điện xoay chiều một pha vào hai đầu đoạn mạch ngoài RLC nối tiếp. Bỏ qua điện trở dây nối, coi từ thông cực đại gửi qua các cuộn dây của máy phát không đổi. Khi rôto của máy phát quay với tốc độ n 1 = 30 vòng/phút và n 2 = 40 vòng/phút thì công suất tiêu thụ ở mạch ngoài có cùng một giá trị. Khi rôto của máy phát quay với tốc độ n vòng/phút thì công suất tiêu thụ ở mạch ngoài đạt cực đại?. Hỏi n có gần giá trị nào nhất sau đây? A. 50 vòng/phút. B. 30 vòng/phút. C. 40vòng/phút. D. 24 vòng/phút ( ) ( )         &       '     V%USU%A#           D -#  .%%< V9UM<)= x x E NBS R NBS R P I R L Z R L R L C C C L x f x R x L f C C n ω ω ω ω ω ω = = = =     + − + + −  ÷  ÷       = = + − +  ÷   + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )   '         '       '   '    .    V9UM<)=   '->:>  (-# .          (0         max x x b P f min x LC R C a b n n P P f x x x x a x x x n n ω ω ω ⇔ → ⇔ = − = − = ⇔ = + = −   ⇒ = + ⇔ = + =  ÷        '           W  n n n n n n                  + ⇔   ÷ +      Câu 17: Đặt điện áp xoay chiều có biểu thức u=U 0 cos(100πt) vào hai đầu đoạn mạch RLC nối tiếp. Tại thời điểm cường độ dòng điện trong mạch có độ lớn cực đại thì điện áp hai đầu đoạn mạch có độ lớn U/ 2 . Khoảng thời gian ngắn nhất giữa hai thời điểm mà công suất tức thời bằng không là: A. 1/100s . B. 1/300s. C. 1/ 600s. D. 1/150s u i O ' I ' 2  U / π ϕ = S P O 2  − ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ' ' S S (")* 2 /  U%AS# % % '' % '' %  2  ''  ' % '' % ' % ''  / / /'' u i u i u i u i i I U u P UI UI t UI t T P t t t s π ϕ ϕ π ϕ ϕ π ϕ ϕ ϕ π π ϕ ϕ ϕ π ϕ ϕ   =   ⇒ =   =        = + + + = + + +     + = ⇔ + + + = ⇔ + + = − ⇒ ∆ = = =      Câu 18: Đặt một điện áp xoay chiều ổn định có giá trị hiệu dụng U =120V vào hai đầu đoạn mạch nối tiếp gồm điện trở R, tụ điện C và cuộn cảm thuần L. Ở hai đầu cuộn cảm có mắc một khóa K. Khi K mở dòng điện qua mạch là: i=4 cos(100 t- /6)(A), mA ,khi K đóng thì dòng điện qua mạch là: i= 4cos(100 t+ /12) (A). Độ tự cảm L và điện dung C có giá trị A. 1/ H và 1/(3 ) mF. B. 3/(10 )H và 1/(3 ) mF. C. 3/ H và 10-4/ F. D. 3/(10 )H và 10-4 / F. ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ⇒ = = = Ω ⇔ + − = Ω ⇒ = = = Ω ⇔ + = Ω ⇒ = − − ⇒ = = Ω ⇒            ' V 5.")>X . .  2' 2' .  & ' V )-.")>X . 2'  2  .    (0     P"   JK) -# 2'  L C C C L C L C U K R C L Z R Z Z I U K R C Z R Z I R Z Z Z A C B Z Z ( ) ( ) ( )             ⇒ = = − ⇒ = −  ÷      + ⇒ = = − ⇒ = Ω → ⇒   π π ϕ ϕ π     5=N5 '  % '' / / V )- 2' 2' +Y%<S 2' ) Z)  u i C K u t V u K Z i Z B i Câu 19: Điện năng được truyền từ nơi phát đến một khu dân cư bằng đường dây một pha với điện năng hao phí trên đường dây là 10%. Biết hiệu suất truyền tải điện năng lớn hơn 80% .Nếu công suất sử dụng điện của khu dân cư này tăng 20% và giữ nguyên điện áp ở nơi phát thì điện năng hao phí trên chính đường dây đó là A. 14,2%. B. 10,8%. C. 7,2%. D. 12,3%. ( ) ( )                              %  '.2  . '.'[ ' .  '.[11 .  . TT TT H P PR H U H P H H H H H P P H H H H P P H P H H H P H ϕ −  − = ⇒ =  − =  −  ⇒ = ⇔ − + − = ⇔   − =   = = = ⇒ =   Câu 20: Một động cơ điện xoay chiều một pha có điện áp hiệu dụng định mức bằng 90V, hệ số công suất của động cơ bằng 0,8 và công suất tiêu thụ điện định mức của nó bằng 80W. Để động cơ có thể hoạt động bình thường ở lưới điện xoay chiều có điện áp hiệu dụng 110V, người ta mắc nối tiếp động cơ này với một điện trở thuần R rồi mới mắc vào lưới điện. Điện trở R có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây? A. 25 Ω. B. 19 Ω. C. 22 Ω. D. 26 Ω. Câu 21:Một máy biến thế có số vòng cuộn sơ cấp gấp 10 lần cuộn thứ cấp.hai đầu cuộn sơ cấp mắc vào nguồn U=220.điện trở cuộn sơ cấp r1=0 và cuộn thứ cấp r2=2.mạch từ khép kín,bỏ qua hao phí do dòng fuco và bức xạ.khi hai đầu cuộn thứ cấp mắc với điên trở R=20 thì điện áp hd hai đầu cuộn thứ cấp là bn? A.18V B.22V C.20V D.24V Trả lời: ( ) ( ) ( ) ( ) 1 1 2 2 1 2 2 1 2 1 2 . . 220 0 10.2 10 11 20 220 10.20 20 0 2 20 U r k r k U k R R N k N U V U V U r r R  = + +    =   ⇔ = + + = ⇔ =  =   =  = Ω   = Ω  Câu 22: Cho đoạn mạch nối tiếp theo thứ tự gồm điện trở thuần R, tụ có dung kháng C Z và cuộn cảm thuần có cảm kháng L Z . Đặt vào hai đầu đoạn mạch một điện áp xoay chiều có giá trị hiệu dụng U thì điện áp hiệu dụng của các đoạn mạch là RC L U U ; U U 2. 2 = = Khi đó ta có hệ thức A. ( ) 2 L L C 8R Z Z Z= − B. 2 L C R 7Z .Z= ( ) ' V ( ) 7' V r L R α β ♦ Ta có: ( ) ' [' % % '.[ ' % [' 7' '.[ 7 P UI I I A β α β α α  + = ⇒ = − = −   = ⇔ = ⇔ =   ♦ Theo định lí cosin trong tam giác ABC ta có: ( ) ( )          % ' 7'  7' '.[ 2.[22 R R R AB AC BC AC BC U U U V β = + − ⇔ = + − − ⇔ = ♦ Từ đó suy ra: ( ) 2.[22 .$ Z) ' 7 R U R I = = ≈ Ω → [...]... A + 1,25eVmax => h(f’ – f) = 0,25eVmax = 0 ,25( hf – A) => hf’ = 1,25hf – 0,25A => f’ = 1,25f – 0,25A/h A/h = 3,86.1,6.10-19/6, 625. 10-34- = 0,932 1015 => f’= 1,25f – 0,25A/h = 1,639.1015 Hz => λ’ = c/f’ = 0,183.10-6 m = 0,183 μm Đáp án C Giải 2: Áp dụng định luật Anh-Xtanh   hf = AA + eVA    hf = AB + eVB ⇒ VMAX = VA ⇒ hf = AA + eVMAX ⇒ eVMAX = hf − AA , ( 1)    AA < AB  hf = A + 1, 25eV ,... MAX  SAU ( 1) 0, 25 AA 0, 25. 3,86.1, 6.10 −19  ⇒ hf SAU = AA + 1, 25 ( hf − AA ) ⇔ f SAU = 1, 25 f − = 1, 25. 1,5.1015 − ≈ 1, 642.1015 ( Hz )  −34 h 6, 625. 10 ( 2 )  c 3.108 ⇒ λSAU = = ≈ 0,183 ( µ m ) f SAU 1, 642.1015 Câu 41: Laze A phát ra chùm bức xạ có bước sóng 400nm với công suất 0,6W Laze B phát ra chùm bức xạ có bước sóng λ với công suất 0,2W Trong cùng một đơn vị thời gian số photon do... 49: 56 Mn Cho chùm nơtron bắn phá đồng vị bền 55 25 Mn ta thu được đồng vị phóng xạ có chu trì bán rã T = 2,5h và phát xạ ra tia β - Sau quá trình bắn phá 56 trong mẫu trên tỉ số giữa số nguyên tử Mn và số lượng nguyên tử nguyên tử của hai loại hạt trên là: A 1 ,25. 10-11 B 3, 125. 10-12 C 6 ,25. 10-12 HD Giải : Sau quá trình bắn phá 55 25 55 Mn Mn Mn 56 25 Mn Mn Đồng vị phóng xạ bằng nơtron kết thúc người... 2.10 n 3, 25 1 n 1 0, 4 ≤ ≤ 0, 7 ⇒ ≥ ≥ n 0, 4 3, 25 0, 7 Mà: λ =0,4µm -> 0,7µm nên: 3, 25 3, 25 ≥n≥ ⇒ 8,1 ≥ n ≥ 4, 6 ⇒ n = 5, 6, 7,8 0, 4 0, 7 xM = n => có 4 bức xạ ánh sáng tập trung ở M ứng với n=5, 6, 7, 8 Thế vào (1) ta có bước sóng là: λ5 = 0,65µm;λ6 =0,542µm; λ7 =0,464µm; λ8 =0,406µm 3 .25 = START 1 = END 10 = STEP 1 = x Kết quả như bảng bên phải chọn n= 5; 6; 7; 8 Câu 1 giải 2:... n= 5; 6; 7; 8 Câu 1 giải 2: MODE 7 : f ( x) = x=k f(x) = λ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 3.35 1. 625 1.0833 0.8 125 0.65 0.5416 0.4642 0.4062 0.3611 Câu 32: Trong thí nghiệm I - âng về giao thoa ánh sáng Chi u hai khe ánh sáng đơn sắc có bước sóng λ1 = 0,6μm thì trên màn quan sát, ta thấy có 6 vân sáng liên tiếp cách nhau 9mm Nếu chi u hai khe đồng thời hai bức xạ λ1 và λ2 thì người ta thấy tại M cách vân trung tâm... nguyên Chọn A Câu 33: Một lăng kính thủy tinh có góc chi t quang A = 7 0, chi t suất của lăng kính đối với tia tím là n t = 1,6042 Chi u vào lăng kính một tia sáng trắng dưới góc tới nhỏ, góc lệch giữa tia ló màu đỏ và tia tím là ∆D = 0,0045rad Chi t suất của lăng kính đối với ánh sáng màu đỏ là: A nđ = 1,6005 B nđ = 1,5872 C nđ = 1,5798 D nđ = 1,5672 Giải: + Góc lệch của mỗi tia là : D = (n – 1)A ∆D... phân rã có giá trị nào sau đây: A: 1,9375 g B: 0,0625g C: 1 ,25 g D: một đáp án khác t HD Giải: Số lượng chất đã phân rã ∆m = m (1 − 2 − T ) =1,9375 g ⇒ Chọn A 0 Câu 48: Xét phản ứng: 232 90 Th → 208 82 Pb gian t = 2T thì tỷ số số hạt α và số hạt β là: A 2 3 + x 4 He + y −0 β– Chất phóng xạ Th có chu kỳ bán rã là T Sau thời 2 1 B 3 C 3 2 D 1 3 HD Giải: ĐL BT Số khối: 232 = 4x+ 208 => x = 6 ĐL BT điện... = ( µ m) −3 a n.D n.1, 2.10 n λ =0,4µm -> 0,7µm nên: 3, 25 1 n 1 ≤ 0, 7 ⇒ ≥ ≥ n 0, 4 3, 25 0, 7 3, 25 3, 25 ≥n≥ ⇒ 8,1 ≥ n ≥ 4, 6 ⇒ n = 5, 6, 7,8 0, 4 0, 7 0, 4 ≤ Nh thế có 4 bức xạ ánh sáng tập trung ở M ứng với n=5, 6, 7, 8 Thế vào (1) ta có bước sóng của chúng là: λ5 = 0,65µm;λ6 =0,542µm; λ7 =0,464µm; λ8 =0,406µm Câu 36: Chi u lần lượt hai bức xạ có bước sóng λ1 = 600nm và λ2... nguyên tử có thể phát ra là 10 Bước sóng ngắn nhất trong số các bức xạ đó là: A 0,0951µm B 4,059µm C 0,1217µm D 0,1027µm Giải: Số bức xạ có bước sóng khác nhau mà nguyên tử có thể phát ra là 10 ứng với n = 5 hc 13,6 24.13,6 = E5 – E1 = 13,6 (eV) = eV = 13,056 eV λmin 25 25 hc 6, 625. 10−34.3.108 λmin = = = 0,951.10-7m = 0,0951µm Đáp án A 13,056eV 13,056.1,6.10−19 Câu 44: Hạt nhân 10 4 Be có khối lượng... 1u = 931 MeV/c2 Năng lượng liên kết riêng của hạt nhân là 10 Be 4 A 0,632 MeV B 63,215MeV C 6, 325 MeV D 632,153 MeV HD Giải : -Năng lượng liên kết của hạt nhân 10 Be : Wlk = Δm.c2 = (4.mP +6.mn – mBe).c2 = 0,0679.c2 = 63,249 MeV 4 -Suy ra năng lượng liên kết riêng của hạt nhân 10 Be : 4 Wlk 63, 125 = = 6, 325 MeV/nuclôn.Chọn: C A 10 Câu 45: Một gam chất phóng xạ trong một giây phát ra 4,2.10 13 hạt β- . TRƯỜNG ĐH TRƯỜNG THPT CHUYÊN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC- 2014 (lần 4) MÔN VẬT LÍ Thời gian làm bài : 90 phút Mã đề thi 504 Họ, tên thí sinh: Số báo danh: Cho: hằng số Plăng h = 6, 625. 10 -34 J.s, tốc. + 1,25eV max => h(f’ – f) = 0,25eV max = 0 ,25( hf – A) => hf’ = 1,25hf – 0,25A => f’ = 1,25f – 0,25A/h A/h = 3,86.1,6.10 -19 /6, 625. 10 -34- = 0,932. 10 15 => f’= 1,25f – 0,25A/h. m = 0,183 μm. Đáp án C Giải 2: Áp dụng định luật Anh-Xtanh ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 19 15 15 34 , 1 1 ,25 , 2 1 0 ,25 0 ,25. 3,86.1,6.10 1 ,25 1, 25 1 ,25. 1,5.10 1,642.10 6, 625. 10 2 A A B B MAX A A