SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ĐỀ TÀI: "HỆ THỨC LIÊN HỆ CÁC ĐẠI LƯỢNG HÌNH HỌC GIÚP HỌC SINH GIẢI NHANH MỘT SỐ BÀI TOÁN" 1 A. ĐẶT VẤN ĐỀ I. LỜI MỞ ĐẦU - Hình học là một môn học được xây dựng trên cơ sở hệ thống các tiên đề, định lý toán học, là một môn học chứa đựng nhiều tư duy trừu tượng, tư duy logic. Vì vậy đây thực sự là môn học khó đối với học sinh. Do đó để học sinh tiếp thu được môn học đòi hỏi người giáo viên phải có nghệ thuật sư phạm hướng dẫn học sinh hình thành các bước giải quyết bài toán và kỹ năng giải quyết bài toán đó. - Trong hình học ta thường gặp những bài toán như: chứng minh một đẳng thức hình học, tìm giá trị lớn nhất, nhỏ nhất của một đại lượng hình học, tìm điểm chia đoạn thẳng …. Để giải các bài toán này cần phải xây dựng một “Hệ thức liên hệ giữa các đại lượng hình học”. Đây là một dạng toán khó ít gặp ở trong sách giáo khoa song lại gặp nhiều trong các kỳ thi tuyển sinh, thi học sinh giỏi. Để giúp học sinh định hướng nhanh lời giải cần đưa ra một phương pháp chung để giải quyết dạng toán này. - Qua nhiều năm dạy bồi dưỡng học sinh khá, giỏi, tôi đã rút ra một số kinh nghiệm nhỏ trong việc giúp học sinh định hướng nhanh việc “Tìm hệ thức liên hệ giữa các đại lượng hình học” và sử dụng phương pháp giải một số bài toán hình học. Với đề tài này tôi hy vọng sẽ giúp học sinh không lúng túng khi gặp một số bài toán có liên quan. Nó sẽ giúp học sinh học tốt hơn, có hứng thú hơn đối với môn toán. Đề tài gồm có hai phần đó là: “Tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học” và “Đi tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học để giải một số bài toán” - Ý tưởng nghiên cứu đề tài được nảy sinh từ năm 2003, ban đầu tôi chỉ sử dụng phương pháp này để giải các bài toán bất đẳng thức hình học và cực trị hình học. Qua nhiều năm 2 dạy học và bồi dưỡng học sinh khá giỏi đề tài được nâng dần áp dụng vào việc tính toán các đại lượng hình học như độ dài đoạn thẳng, tỉ số đoạn thẳng, II. THỰC TRẠNG CỦA VẤN ĐỀ NGHIÊN CỨU 1. Thực trạng vấn đề Khi gặp một bài toán có nhiều đại lượng hình học thay đổi và yêu cầu tìm điều kiện liên hệ giữa các đại lượng hình học thoả mãn một tính chất cho trước, tìm giá trị lớn nhất hay nhỏ nhất của một đại lượng hình học, tìm điểm chia đoạn thẳng, tính độ dài một đoạn thẳng, …thì học sinh tỏ ra rất lúng túng. Đa số học sinh không định hướng được lời giải, không biết được tìm lời giải phải bắt đầu từ đâu. Chính vì vậy tôi đã sử dụng các phương pháp đề cập trong đề tài và thấy có hiệu quả nhất định. 2. Kết quả, hiệu quả của thực trạng Qua quá trình kiểm tra đối với học sinh khi chưa đưa ra phương pháp trên đã cho kết quả dưới đây: Tổng số học sinh Loại giỏi Loại khá Loại TB Loại yếu SL Tỉ lệ (%) SL Tỉ lệ (%) SL Tỉ lệ (%) SL Tỉ lệ (%) 45 0 0 8 17,78 17 37,78 20 44,44 Từ thực trạng trên tôi đã mạnh dạn đưa ra nội dung cách thức dạy học nhằm giúp học sinh định hướng nhanh lời giải bài toán 3 4 B. GIẢI QUYẾT VẤN ĐỀ I. CÁC BIỆN PHÁP TỔ CHỨC THỰC HIỆN Qua quá trình giảng dạy bản thân thấy được hai vấn đề đặt ra ở trên có thể được giải quyết trong một bài toán. Nếu không tìm được hệ thức liên hệ giữa các đại lượng hình học thì không giải quyết được bài toán. Vì vậy trong quá trình dạy học, tôi đã dạy cho học sinh nắm chắc lần lượt hai vấn đề: “Tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học” sau đó là “Đi tìm hệ thức liên hệ giải một số bài toán hình học”. Hai nội dung trên được dạy trong các tiết dạy bồi dưỡng học sinh khá giỏi 1. Tìm hệ thức liên hệ giữa các đại lượng hình học - Nếu trong giả thiết của một bài toán hình học có các yếu tố: điểm, đường thẳng, góc … thay đổi; chịu một điều kiện ràng buộc hình học nào đó thì một vấn đề đặt ra là cần chuyển điều kiện ràng buộc hình học đó thành một điều kiện ràng buộc giữa các đại lượng có thể tính toán được dưới dạng một biểu thức đại số - được gọi là biểu thức liên hệ. Qua nhiều năm giảng dạy tôi đã rút ra được hai cách để giải quyết bài toán trên. a. Cách 1 Chọn và tính một đại lượng hình học nào đó (Độ dài đoạn thẳng, diện tích một đa giác, thể tích khối đa diện, …) theo hai cách khác nhau, đẳng thức liên hệ giữa hai cách tính đó sẽ cho một hệ thức cần tìm. Ta xét một số bài toán minh hoạ sau: Bài toán 1.1. Cho góc · xOy α = , I là một điểm cố định trên phân giác của góc. Một đường thẳng ∆ thay đổi qua I cắt Ox, Oy lần lượt tại A, B. Tìm hệ thức liên hệ giữa hai độ dài x=OA; y = OB. BÀI GIẢI 5 O A I B y x + Đặt OI = d, ta có: + S OAB = 1 2 .OA.OB.sin · AOB = 1 2 . x.y.sin α (1). + S OAB = S OAI + S OIB = 1 2 xd sin 2 α + 1 2 yd sin 2 α = 1 2 d sin 2 α (x+y) (2) + Từ (1) và (2) ta có: ( ) 1 1 . . .sin . . .sin 2 2 2 x y x y d α α = + ( ) 2cos 1 1 2 * x y d α ⇔ + = Đẳng thức (*) chính là hệ thức cần tìm. Nhận xét - Đẳng thức (*) tìm được là do ta tính diện tích ∆ ABC bằng hai cách. Cách 1 cho đẳng thức (1); cách 2 cho đẳng thức (2). - Thông thường trong hai cách tính đại lượng đã chọn, có một cách là cách tính thông thường đúng cho mọi trường hợp (Như cách 1). Cách còn lại sẽ chỉ có được do điều kiện ràng buộc hình học của bài toán (Như cách 2). Bài toán 1.2. Cho hai tia Am, Bn chéo nhau nhận AB làm đường vuông góc chung. Các điểm M, N chuyển động trên Am, Bn sao cho đường thẳng MN tiếp xúc với mặt cầu đường kính AB =a. Tìm hệ thức liên hệ giữa AM = x và BN = y. BÀI GIẢI + Kẻ tia Bt//Am. Gọi M 1 là hình chiếu của M trên Bt, ta có tứ giác AMM 1 B là hình chữ nhật ⇒ BM 1 = AM = x; + Đặt · 1 M BN = α ( α bằng góc giữa Am và Bn). 6 + Trong tam giác vuông M 1 MN ta có: MN 2 = MM 1 2 + M 1 N 2 = MM 1 2 + BM 1 2 +BN 2 – 2BM.BN.cos α = 2 a + x 2 + y 2 – 2xy.cos α (1) + Mặt khác, gọi T là tiếp điểm của MN với mặt cầu ta có : MN = NT + TM = BN + AM = y + x (2) + Từ (1) và (2) ta có: (x+y) 2 = 2 a + x 2 + y 2 – 2xy.cos α ( ) 2 * 4cos 2 a xy α ⇔ = Hệ thức (*) chính là hệ thức cần tìm Nhận xét - Để có hệ thức liên hệ ta đã tính độ dài MN bằng hai cách. Cách 1 cho đẳng thức (1), cách 2 cho đẳng thức (2). Bài toán 1.3. Cho tam giác ABC, đường trung tuyến AD, I là một điểm trên AD. Một đường thẳng qua I cắt các cạnh AB, AC lần lượt tại M và N, đặt AM = x, BN = y . Tìm hệ thức liên hệ giữa x và y BÀI GIẢI + Ta có : ( ) . 1 AMN ABC S x y S AB AC = + Mặt khác : ( ) 1 2 2 2 2 AMN AMI AIN ANI AMI ABC ABC ABD ADC S S S S S AI x y S S S S AD AB AC +   = = + = +  ÷   7 A B C D I M N A O B T M 1 M N + Từ (1) và (2) ta có : . x y AB AC = ( ) 1 * 2 AI x y AD AB AC   +  ÷   Nhận xét - Đẳng thức liên hệ (*) được tìm ra do ta tính tỉ số diện tích AMN ABC S S bằng 2 cách khác nhau. Cách 1 cho đẳng thức (1), cách 2 cho đẳng thức (2) - Bài toán có thể mở rộng trong trường hợp D không phải là trung điểm mà D thõa mãn : DB k DC = . Áp dụng tương tự ta cũng tìm được hệ thức liên hệ b. Cách 2 Chuyển điều kiện ràng buộc đã cho thành điều kiện ràng buộc về dạng của một tam giác, hệ thức liên hệ sẽ là một hệ thức lượng của tam giác này. Bài toán 1.4. Cho hình hộp chữ nhật ABCDA 1 B 1 C 1 D 1 có ABCD là hình vuông cạnh a, AA 1 = b. Gọi M,N lần lượt là trung điểm của AB, BC. Tìm điều kiện của a, b để nhị diện B 1 D 1 của tứ diện MNB 1 D 1 có số đo bằng 3 π . BÀI GIẢI + Gọi I=BD ⇒∩ MN I là trung điểm của MN. + I 1 là hình chiếu của I trên mp(A 1 B 1 C 1 D 1 )    = ∈ ⇒ IBB DI 11 111 I B Do 11 B D MNDAC ⊥⇒⊥ 11 B , mà 11 B D )(B 1111 NMIDII ⊥⇒⊥ .=> · 1 MI N là góc phẳng nhị diện cạnh 11 B D => · 1 MI N là góc phẳng nhị diện cạnh 11 B D 8 + Do 1 II MN⊥ tại I là trung điểm của MN nên ∆ MI 1 N cân tại I 1 . Vậy · 1 MI N = 60 0 1 MNI⇔ ∆ là tam giác đều. 1 3 2 I I MN⇔ = 4 6a b =⇔ (*) Vậy điều kiện của a, b là liên hệ bởi hệ thức (*). Nhận xét - Ở cách giải bài toán ta đã chuyển điều kiện ràng buộc · 1 MI N = 60 0 về điều kiện để ∆ MNI 1 là tam giác đều. 2. Đi tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học để giải một số bài toán . - Thông thường trong hình học ta phải giải bài toán tìm một đại lượng hình học f nào đó bị ràng buộc bởi các đại lượng x, y,…thay đổi. Khi đó để giải được bài toán này ta phải đi tìm một hệ thức liên hệ giữa các đại lượng thay đổi đó. Ta xét một số bài toán sau đây: Bài toán 2.1. (Đề thi HSG toán lớp 12 tỉnh Thanh Hoá năm học 2005 – 2006). Cho góc tam diện vuông Oxyz, trên Oz lấy điểm A cố định khác O, biết OA = a. Gọi (P) là mặt phẳng thay đổi chứa điểm A và cắt Ox, Oy lần lượt tại các điểm B, C sao cho . 211 aOCOB =+ Chứng minh rằng mặt phẳng (P) luôn chứa một đường thẳng cố định. BÀI GIẢI + Gọi Ot là tia phân giác của góc · BOC , I = BC Ot∩ . + Áp dụng bài toán 1.1 ta có: 9 A B D 1 D C 1 B 1 C N M I 1 A 1 I ( ) 0 1 1 2cos45 1 1 2 1 OB OC OI OB OC OI + = ⇔ + = + Theo giả thiết: ( ) 1 1 2 2 OB OC a + = + Từ (1) và (2) ta có: 2 2 .OI a OI a = ⇔ = Do Ot cố định nên OI = a không đổi. ⇒ I là điểm cố định. Vậy mp (P) luôn chứa đường thẳng cố định AI. Nhận xét - Bài toán có hai đại lượng hình học thay đổi OB, OC, ta đã tìm hệ thức liên hệ giữa chúng chính là hệ thức (1), thay giả thiết · BOC = 90 0 bởi giả thiết · BOC = α ta cũng có bài toán tương tự. - Bằng cách áp dụng bài toán 1.1 (hoặc cách xây dựng như bài toán 1.1), học sinh sẽ phát hiện nhanh lời giải các bài toán sau (bài toán 2.2; 2.3;2.4) Bài toán 2.2. Cho góc tam diện Oxyz, · yOx = 90 0 . Trên Oz lấy điểm A cố định khác O, biết OA = a. Gọi (P) là mặt phẳng thay đổi chứa điểm A và cắt Ox, Oy lần lượt tại các điểm B, C sao cho . 213 aOCOB =+ Chứng minh rằng mặt phẳng (P) luôn chứa một đường thẳng cố định. BÀI GIẢI + Kẻ tia Ot sao cho · xOt = 30 0 và BC Ot∩ = I . Ta có: S BOC = 1 2 . OB.OC (1) 10 [...]... ca SB v SD Vy t giỏc MPNQ cú din tớch bng 1 4 khi P, Q ln lt l trung im ca SB v SD Nhn xột - Bi toỏn cú hai i lng thay i SP v SQ Hc sinh thng tớnh ra c biu thc din tớch (1) - Nu hc sinh khụng tỡm c liờn h x, y bng ng thc (2) thỡ bi toỏn khú gii quyt c Nhng vỡ phn trc hc sinh ó c hc k do ú nhiu em ó d dng phỏt hin ra ng thc (2) v bi toỏn oc gii quyt 13 - Cú th thay i gi thit SA=SB=SC=SD = 1 bi gi thit... phỏt trin nng lc t duy ca hc sinh, phỏt huy trớ thụng minh, úc sỏng to H thng kin thc chng trỡnh c cng c, gõy c hng thỳ hc tp b mụn, m rng kin thc c bn ó hc, tớch lu kinh nghim nh : Gúp phn nõng cao nng lc hc toỏn qua "Tỡm cỏc h thc liờn h", "Chng minh mt ng thc", "Cỏc phng phỏp tỡm giỏ tr ln nht, nh nht ca mt i lng hỡnh hc", cht lng hc toỏn ca hc sinh c nõng lờn rừ rt T l hc sinh khỏ gii tng lờn Tng... khi chúp S BMN v t giỏ tr nh nht bng t giỏ tr ln nht bng 2- 1 khi 1 2 khi M trựng A hoc M trựng D, AM = 2 - 1 Nhn xột - Thụng thng hc sinh tỡm c VSBMN cho bi (1) song khụng ỏnh giỏ c biu thc th tớch vỡ cú 2 i lng thay i x, y Do ú cn phi tỡm mi liờn h gia x v y s giỳp hc sinh gii quyt c bi toỏn mt cỏch d dng - Ta ó tỡm c mt h thc liờn h gia x v y cho bi h thc (2) vỡ vy Bi toỏn 2.9 Cho hai na ng thng Am,... l: 1 a (b 2 a 2 ) 12 N n Nhn xột - Trong bi toỏn cú 2 i lng thay i x, y Ta ó tỡm h thc liờn h x,y cho bi ng thc (2) vỡ vy s giỳp hc sinh gii quyt c bi toỏn mt cỏch d dng - Ta cú th gii bi toỏn tỡm giỏ tr ln nht ca din tớch ton phn ca t din ABMN Bi toỏn 2.10 ( thi hc sinh gii tnh thanh húa nm hc 2010- 2011) Cho t din u ABCD cú di cnh bng 1 Gi M, N ln lt l hai im thuc cỏc cnh AB, AC sao cho mt phng... lp 12A 3 trng THPT Hu Lc 4 - tụi ó a cỏc phng phỏp trờn vo vic ging dy ti lp v ó thu c mt s kt qu sau: - Hc sinh gii cỏc bi toỏn tỡm h thc liờn h gia cỏc i lng hỡnh hc, chng minh mt ng thc hỡnh hc, tỡm giỏ tr ln nht, nh nht ca mt i lng hỡnh hc, tỡm im chia on thng thnh tho - K nng nh hng nhanh cỏch gii quyt mt bi toỏn hỡnh hc c nõng cao - Rốn luyn cỏch trỡnh by bi toỏn chng minh hỡnh y , cht ch,... =1 ờ SA ở 1 SE 1 MinVS EMFN = 1 x = = 2 SA 2 ộ 1 ờ= x 4 = ờ 3 ờ 3 x ờ ở =1 Nhn xột -Thụng thng hc sinh tỡm c khụng ỏnh giỏ c VS EMFN VS EMFN c biu th bng ng thc (1), song vỡ cú 2 i lng thay i x, y Do ú cn phi tỡm c mi liờn h gia x v y Mt h thc liờn h tỡm ra c nh bi toỏn 3.1, ng thc (2) ó giỳp hc sinh gii quyt c bi toỏn Bi toỏn 2.8 Cho hỡnh chúp S.ABCD ỏy l hỡnh vuụng cnh bng 1 v khi chúp cú ã... dung trờn hc hi rỳt kinh nghim b i vi giỏo viờn - Phi thng xuyờn t hc, t bi dng nõng cao trỡnh - p dng ni dung phng phỏp phự hp vi i tng hc sinh trong tng giai on khỏc nhau C KT LUN 27 L mt giỏo viờn trc tip ging dy, tụi ó manh dn a ra mt s suy ngh v vic dy hc sinh Tỡm h thc liờn h gia cỏc i lng hỡnh hc v i tỡm h thc liờn h cỏc i lng hỡnh hc gii mt s bi toỏn Mc dự bn thõn ó cú nhiu c gng nhng vn... = tan 2a ( 3) 2 6 3 tan a = tan 2a 3 tan a = Thay vo (1) ta cú a 3 tan 2a ( 2) 6 SO = 2 tan a 1 tan a = 2 1- tan a 3 a 3 1 a 1 2a 3 3 = ị VS ABCD = S ABCD = 2 3 9 3 2 Nhn xột - Khú khn i vi hc sinh l vic tớnh di ng cao vỡ nú cha tan Ta ó tỡm c h thc (3) da vo tớnh di SO bng 2 cỏch H thc (3) cho ta tớnh c tan Bi toỏn 2.13 Cho hỡnh chúp S.ABCD cú ỏy ABCD l hỡnh ch nht, AD = a D SAB cõn nh... S APC 2 = 1 AM AI 2 AN AI + 3 AB AP 3 NC AC A M I 1 1 AI 2 2 AI 7 AI = + = ( 2) 3 4 AP 3 5 IP 20 AP N T (1) v (2) ta cú: 7 AI 1 AI 2 AI 2 = = = 20 AP 10 AP 7 IP 5 B P C Nhn xột - Thụng thng hc sinh gii bi toỏn bng cỏch s dng nh lớ talet hoc s dng phng phỏp vộc t Song trong cỏch gii bi toỏn ta ó i tỡm mt h thc cha t s AI IP H thc tỡm c nh tớnh t s S AMN S ABC bng 2 cỏch Cỏch 1 tớnh thụng thng . TÀI: "HỆ THỨC LIÊN HỆ CÁC ĐẠI LƯỢNG HÌNH HỌC GIÚP HỌC SINH GIẢI NHANH MỘT SỐ BÀI TOÁN" 1 A. ĐẶT VẤN ĐỀ I. LỜI MỞ ĐẦU - Hình học là một môn học được xây dựng trên cơ sở hệ thống các tiên. sinh học tốt hơn, có hứng thú hơn đối với môn toán. Đề tài gồm có hai phần đó là: “Tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học và “Đi tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học để giải một số bài. “Tìm hệ thức liên hệ các đại lượng hình học sau đó là “Đi tìm hệ thức liên hệ giải một số bài toán hình học . Hai nội dung trên được dạy trong các tiết dạy bồi dưỡng học sinh khá giỏi 1. Tìm hệ